廣東省茂名市第九中學高三物理聯(lián)考試題含解析

廣東省茂名市第九中學高三物理聯(lián)考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.一帶電粒子射入固定在O點的點電荷的電場中，粒子軌跡如圖中實線abc所示，圖中虛線是同心圓弧，表示電場的等勢面，不計粒子重力，則可以判斷A．粒子受靜電引力的作用B．粒子速度C．粒子動能D．粒子電勢能參考答案：C由軌跡的彎曲情況，電場力應指向曲線凹側，且與等勢面垂直（電場線垂直該處等勢面），所以可以判斷粒子受到的電場力的方向向左，背離場源電荷，粒子受靜電斥力的作用，故A錯誤。此粒子由a到b，電場力做負功，根據動能定理可知，粒子的動能減小，速度減小，故，B錯誤。由b到c，電場力做正功，電勢能減小，故，D錯誤。由于a、c在同一等勢面上，粒子由a至c，電場力做功為0，動能不變，，C正確。2.兩相鄰勻強磁場區(qū)域的磁感應強度大小不同、方向平行。一速度方向與磁感應強度方向垂直的帶電粒子（不計重力），從較強磁場區(qū)域進入到較弱磁場區(qū)域后，粒子的A.軌道半徑減小，角速度增大

B.軌道半徑減小，角速度減小C.軌道半徑增大，角速度增大

D.軌道半徑增大，角速度減小參考答案：D解析：由于磁場方向與速度方向垂直，粒子只受到洛倫茲力作用，即，軌道半徑，洛倫茲力不作用，從較強到較弱磁場區(qū)域后，速度大小不變，但磁感應強度變小，軌道半徑變大，根據角速度可判斷角速度變小?？键c：磁場中帶電粒子的偏轉3.（單選）游客乘坐過山車，在圓弧軌道最低點處獲得的向心加速度達到20m/s2，g取10m/s2，那么此位置座椅對游客的作用力相當于游客重力的A.1倍

B.2倍

C.3倍

D.4倍參考答案：C4.多選）地球繞太陽沿橢圓軌道運動如圖所示，當地球位于近日點A時，受到的萬有引力為FA，運行速度為vA，具有機械能為EA，當地球位于遠日點B時，受到的萬有引力FB，運行速度為vB，具有機械能為EB．以下判斷正確的是（）A．FA＜FBB．vA＞vBC．EA=EBD．地球從A處運動到B處，萬有引力對地球的運動不做功參考答案：考點：萬有引力定律及其應用；人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系．.專題：人造衛(wèi)星問題．分析：根據萬有引力公式F=G判斷地球處于近日點和遠日點的引力大?。粡倪h日點向近日點運動過程中，地球距離太陽越來越近，引力做正功，根據動能定理可知，動能增加，即速度變大，但機械能守恒．解答：解：A、根據萬有引力公式F=G可知，在近日點的距離比遠日點的距離小，所以在近日點萬有引力大，即FA＞FB，故A錯誤．B、從遠日點向近日點運動過程中，地球距離太陽越來越近，引力做正功，根據動能定理可知，動能增加，即速度變大，故vA＞vB，故B正確．CD、地球繞太陽沿橢圓軌道運動過程中萬有引力對地球做負功，機械能守恒，即EA=EB，故C正確、D錯誤．故選：BC．點評：本題要掌握萬有引力定律的公式，理解公式中的各個物理量的含義，知道從遠日點向近日點運動過程中，地球距離太陽越來越近，引力做正功，動能增大，但機械能守恒．5.(單選)一偏心輪繞垂直紙面的軸O勻速轉動，a和b是輪上質量相等的兩個質點，a、b兩點的位置如圖所示，則偏心輪轉動過程中a、b兩質點

A．線速度大小相等

B．向心力大小相等

C．角速度大小相等

D．向心加速度大小相等參考答案：C本題考查圓周運動的相關知識，由于a、b兩個點繞同一圓心運動，所以二者角速度相等，但是半徑不同，所以線速度、向心力和向心加速度都不同。二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.一束光從空氣射向折射率為的某種介質，若反射光線與折射光線垂直，則入射角為_____．真空中的光速為c，則光在該介質中的傳播速度為_____．參考答案：7.（4分）如圖所示，有四列簡諧波同時沿x軸正方向傳播，波速分別是v、2v、3v和4v，a、b是x軸上所給定的兩點，且ab＝l。在t時刻a、b兩點間四列波的波形分別如圖所示，則由該時刻起a點出現波峰的先后順序依次是圖

；頻率由高到低的先后順序依次是圖

。參考答案：答案：BDCA，DBCA8.質點做直線運動，其s-t關系如圖所示，質點在0-20s內的平均速度大小為_________m/s，質點在_________時的瞬時速度等于它在6-20s內的平均速度。

參考答案：0.8，

10s或14s

9.某同學用圖示實驗裝置測量物塊與木板間的動摩擦因數.帶有窄片的物塊被一彈簧彈射裝置射出去，沿水平木板滑行，途中經過O處的光電門，最后停在了木板上的M點，重力加速度為g.①測得窄片的寬度為L，記下窄片通過光電門的時間，還需要測量的物理量有_________________；（標明相關物理量的符號）②物塊和木板間的動摩擦因數=_______________________.參考答案：還需要測量出OM間的距離s，由動能定理可知又，解得。10.一個靜止的钚核94239Pu自發(fā)衰變成一個鈾核92235U和另一個原了核X，并釋放出一定的能量．其核衰變方程為：94239Pu→92235U＋X。(1)方程中的“X”核符號為______；(2)钚核的質量為239.0522u，鈾核的質量為235.0439u，X核的質量為4.0026u，已知1u相當于931MeV，則該衰變過程放出的能量是______MeV；(3)假設钚核衰變釋放出的能量全部轉變?yōu)殁櫤撕蚗核的動能，則X核與鈾核的動能之比是______。參考答案：(1)He

(2)5.31(±0.02都可)

(3)58.7(±0.1都可)11.實圖是一個多量程多用電表的簡化電路圖，測量電流、電壓和電阻各有兩個量程．當轉換開關S旋到位置3時，可用來測量________；當S旋到位置________時，可用來測量電流，其中S旋到位置________時量程較大．參考答案：電阻1、2112.小車以某一初速沿水平長木板向左作減速運動，長木板左端外有一傳感器，通過數據采集器和計算機相連，開始計時時小車距離傳感器的距離為x0，可測得以后小車每隔0.1s離傳感器的距離，測得的數據如下表，（距離單位為cm，計算結果保留3位有效數字）x0x1x2x3x429.9420.8013.227.242.84（1）小車離傳感器為時x2小車的瞬時速度v2=_____m/s；

（2）小車運動的加速度大小a=______m/s2．參考答案：⑴0.678m/s,（2）1.60m/s2～1.57m/s2均可13.（1）．如圖所示為某同學所安裝的“驗證牛頓第二定律”的實驗裝置，在圖示狀態(tài)下，開始做實驗，該同學有裝置和操作中的主要錯誤是:_________________________________________________________________________________________________________________________（2）在“驗證牛頓第二定律”的實驗中，為了使小車受到合外力等于小沙桶和沙的總重量，通常采用如下兩個措施：（A）平衡摩擦力：將長木板無滑輪的一端下面墊一小木塊，反復移動木塊的位置，直到小車在小桶的拉動下帶動紙帶與小車一起做勻速直線運動；（B）調整沙的多少，使沙和小沙桶的總質量m遠小于小車和砝碼的總質量M．請問：①（2分）以上哪一個措施中有何重大錯誤?答：______________________________________________________________________②（2分）在改正了上述錯誤之后,保持小車及砝碼質量M不變．反復改變沙的質量，并測得一系列數據，結果發(fā)現小車受到的合外力（小桶及砂重量）與加速度的比值略大于小車及砝碼質量M，經檢查發(fā)現滑輪非常光滑，打點計時器工作正常，且事先基本上平衡了摩擦力，那么出現這種情況的主要原因是什么?

答：_________________________________________________________________________參考答案：（1）主要錯誤是：A長木板右端未墊高以平穩(wěn)衡摩擦力；B電源應改用6V的交流電源；C牽引小車的細線沒有與木板平行；D開始實驗時，小車離打點計時器太遠。點（2）①（A）中平衡摩擦力時，不應用小桶拉動小車做勻速運動，應讓小車拖著紙帶下滑來平衡摩擦力。

②由于拉小車的合外力F<mg,而處理數據時又將F=mg處理，因此有：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（10分）如圖所示，氣缸放置在水平臺上，活塞質量為5kg，面積為25cm2，厚度不計，氣缸全長25cm，大氣壓強為1×105pa，當溫度為27℃時，活塞封閉的氣柱長10cm，若保持氣體溫度不變，將氣缸緩慢豎起倒置．g取10m/s2．

（1）氣缸倒置過程中，下列說法正確的是__________A．單位時間內氣缸單位面積上氣體分子撞擊次數增多B．單位時間內氣缸單位面積上氣體分子撞擊次數減少C．吸收熱量，對外做功D．外界氣體對缸內氣體做功，放出熱量（2）求氣缸倒置后氣柱長度；（3）氣缸倒置后，溫度升至多高時，活塞剛好接觸平臺(活塞摩擦不計)?參考答案：(1)BC(2)15cm(3)227℃15.靜止在水平地面上的兩小物塊A、B，質量分別為mA=l.0kg，mB=4.0kg；兩者之間有一被壓縮的微型彈簧，A與其右側的豎直墻壁距離l=1.0m，如圖所示。某時刻，將壓縮的微型彈簧釋放，使A、B瞬間分離，兩物塊獲得的動能之和為Ek=10.0J。釋放后，A沿著與墻壁垂直的方向向右運動。A、B與地面之間的動摩擦因數均為u=0.20。重力加速度取g=10m/s2。A、B運動過程中所涉及的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時間極短。（1）求彈簧釋放后瞬間A、B速度的大??；（2）物塊A、B中的哪一個先停止？該物塊剛停止時A與B之間的距離是多少？（3）A和B都停止后，A與B之間的距離是多少？參考答案：（1）vA=4.0m/s，vB=1.0m/s；（2）A先停止；0.50m；（3）0.91m；分析】首先需要理解彈簧釋放后瞬間的過程內A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，再結合能量關系求解出A、B各自的速度大小；很容易判定A、B都會做勻減速直線運動，并且易知是B先停下，至于A是否已經到達墻處，則需要根據計算確定，結合幾何關系可算出第二問結果；再判斷A向左運動停下來之前是否與B發(fā)生碰撞，也需要通過計算確定，結合空間關系，列式求解即可?！驹斀狻浚?）設彈簧釋放瞬間A和B的速度大小分別為vA、vB，以向右為正，由動量守恒定律和題給條件有0=mAvA-mBvB①②聯(lián)立①②式并代入題給數據得vA=4.0m/s，vB=1.0m/s（2）A、B兩物塊與地面間的動摩擦因數相等，因而兩者滑動時加速度大小相等，設為a。假設A和B發(fā)生碰撞前，已經有一個物塊停止，此物塊應為彈簧釋放后速度較小的B。設從彈簧釋放到B停止所需時間為t，B向左運動的路程為sB。，則有④⑤⑥在時間t內，A可能與墻發(fā)生彈性碰撞，碰撞后A將向左運動，碰撞并不改變A的速度大小，所以無論此碰撞是否發(fā)生，A在時間t內的路程SA都可表示為sA=vAt–⑦聯(lián)立③④⑤⑥⑦式并代入題給數據得sA=1.75m，sB=0.25m⑧這表明在時間t內A已與墻壁發(fā)生碰撞，但沒有與B發(fā)生碰撞，此時A位于出發(fā)點右邊0.25m處。B位于出發(fā)點左邊0.25m處，兩物塊之間的距離s為s=025m+0.25m=0.50m⑨（3）t時刻后A將繼續(xù)向左運動，假設它能與靜止的B碰撞，碰撞時速度的大小為vA′，由動能定理有⑩聯(lián)立③⑧⑩式并代入題給數據得

故A與B將發(fā)生碰撞。設碰撞后A、B的速度分別為vA′′以和vB′′，由動量守恒定律與機械能守恒定律有

聯(lián)立式并代入題給數據得

這表明碰撞后A將向右運動，B繼續(xù)向左運動。設碰撞后A向右運動距離為sA′時停止，B向左運動距離為sB′時停止，由運動學公式

由④式及題給數據得sA′小于碰撞處到墻壁的距離。由上式可得兩物塊停止后的距離四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖（a）所示，一傾角為37°的傳送帶以恒定速度運行?，F將一質量m=2kg的小物體以某一初速度放上傳送帶，物體相對地面的速度隨時間變化的關系如圖（b）所示，取沿傳送帶向上為正方向，，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：

（1）0—10s內物體位移的大??；

（2）物體與傳送帶間的動摩擦因數；

（3）0—10s內物體機械能增量及因與傳送帶摩擦產生的熱量Q。參考答案：17.（10分）如圖所示，在光滑的水平面上有三個小物塊A、B、C，三者處于同一直線上，質量分別為mA=3m、mB=m、mC=m，初始A、B用輕彈簧栓連處于靜止狀態(tài)，C以初速度v0向左運動，B、C相碰后以相同速度向左運動但不粘連，求彈簧伸長量最大時儲存的彈性勢能EP。參考答案：解析：B、C碰撞動量守恒：

……(1)

（1分）

B與C碰后至彈簧第一次恢復原長為研究過程，A、B、C組成系統(tǒng)為研究對象

由系統(tǒng)動量守恒：

…….(2)

（1分）

由系統(tǒng)機械能守恒：…..(3)

（2分）

由（1）（2）（3）可得：

（1分）

（1分）

即彈簧第一次恢復原長時B、C正在向右運動，此后C將一直向右勻速運動，B先向右減速到0，再向左加速至與A共速時彈簧的伸長量最大，該過程A、B組成的系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒，所以