2021屆內(nèi)蒙古通遼市高考物理增分訓練物理三模試卷（三）附答案詳解

2021屆內(nèi)蒙古通遼市高考物理增分訓練物理三模試卷（三）

一、單選題（本大題共4小題，共24.0分）

1.如圖所示，三個小球從同一高處的。點分別以水平初速度%、％拋出，落在水平面上的位置

分別是4、B、C,。'是0在水平面上的投影點，且OS：AB：BC=1：3：5.若不計空氣阻力，

則下列說法正確的是（）

A.三個小球水平初速度之比為％:v2：v3=1：4：9

B.三個小球落地的速度之比為1：3：5

C.三個小球通過的位移大小之比為1：V3：V5

D.三個小球落地速度與水平地面夾角的正切值之比為5：3：1

2.如下圖所示，木塊在推力F作用下，向右做勻速直線運動.下列說法正確的Xp

是（）

A.依據(jù)推力F的作用效果，推力F沿豎直方向的分力為Fcosa

B.木塊受到水平推力.豎直推力.重力.摩擦力四個力的作用

C.推力尸與摩擦力的合力方向一定豎直向下

D.推力F與摩擦力的合力一定為零

3.在圓軌道上運動的質(zhì)量為TH的人造衛(wèi)星，它到地面的距離等于地球半徑R,地面上的重力加速度

為g,則（）

A.衛(wèi)星運動的速度為聲證B.衛(wèi)星運動的周期為47r

C.衛(wèi)星的角速度為;區(qū)D.衛(wèi)星運動的加速度為與

2-M2KN

4.如圖所示，物體4、B、C疊放在光滑的水平桌面上，力尸作用在物體C上BCj?

后，各物體仍保持相對靜止共同運動，那么以下說法不正確的是（）yjJJ_LL）

A.C對4的摩擦力水平向右B.B受到的摩擦力水平向右

C.B和1C對4的摩擦力大小相等D.4一共受到6個力

二、多選題（本大題共6小題，共32.（）分）

5.如圖甲所示，兩平行金屬板MN、PQ的板長和板間距離相等，板間存在如圖乙所示的隨時間周

期性變化的電場，電場方向與兩板垂直，不計重力的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向源源不

斷地射入電場，粒子射入電場時的初動能均為a。.已知t=0時刻射入電場的粒子剛好沿上板右

邊緣垂直電場方向射出電場。貝1（）

T

27

A.所有粒子最終都垂直電場方向射出電場

B.t=0之后射入電場的粒子有可能會打到極板上

C.所有粒子在經(jīng)過電場過程中最大動能都不可能超過2ao

D.若入射速度加倍成2%,則粒子從電場出射時的側(cè)向位移與北相比必定減半

6.已知地球自轉(zhuǎn)周期幾,月球半徑R,衛(wèi)星距離月球表面的高度九，月球表面的重力加速度g,萬

有引力常量G.下列說法中正確的是（）

A.月球的質(zhì)量”=喑

B.衛(wèi)星的角速度與地球自轉(zhuǎn)的角速度之比為黑石磊

C.月球的密度。=黑

A.磁感應(yīng)強度B越大，上、下表面的電勢差U越大

B.k越大，傳感器靈敏度（邛）越高

C.若圖中霍爾元件是電子導電，則上表面電勢高

D.電流越大，上、下表面的電勢差U越小

8.一不計重力的帶電粒子q從4點射入一正點電荷Q的電場中，運動軌跡如圖所示，｝一

則（）G

A.粒子q帶負電

B.粒子q的加速度先變小后變大

C.粒子q的電勢能先變小后變大

D.粒子q的動能一直變大

9.關(guān)于一定質(zhì)量的理想氣體，下列敘述正確的是（）

A.氣體體積增大時，其內(nèi)能一定減少

B.外界對氣體做功，氣體內(nèi)能可能減少

C.氣體從外界吸收熱量，其內(nèi)能一定增加

D.氣體溫度升高，其分子平均動能一定增加

E.氣體溫度升高，氣體可能向外界放熱

10.下列說法中正確的是（）

A.光學鏡頭上的增透膜是利用光的偏振現(xiàn)象

B.用標準平面檢查光學平面的平整程度利用了光的干涉現(xiàn)象

C.當觀察者和波源間存在相對運動時一定能觀察到多普勒效應(yīng)現(xiàn)象

D.在高速運行的航天器上看地球上的時間進程變慢

三、實驗題（本大題共2小題，共18.0分）

11.在''練習使用多用電表”的實驗中：~0—

A

⑴用多用電表測某電阻，擋位旋鈕指“X10”擋，讀數(shù)時發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角太大，_（—人

為使測量結(jié)果更加準確，則應(yīng)改用擋；

A.x1B.x100C.x1000

（2）多用電表使用時間長了，其內(nèi)部電池的電動勢不變，但內(nèi)阻會明顯變大，使用該表測電阻時，仍

能夠使用“調(diào)零旋鈕”進行調(diào)零，則用該表測得的電阻測量值與電阻的真實值比較將;

人偏大B.偏小C,不變

（3）如圖所示電路，開關(guān)閉合后發(fā)現(xiàn)燈不亮，欲用多用電表檢查該電路某處是否發(fā)生“斷路”，應(yīng)使

用電表的.

A電阻檔

8.電流擋

C.交流電壓擋

。.直流電壓擋.

12.如圖1,在做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗中，保持小車的質(zhì)量M不變，測得小車的

加速度a和拉力F的數(shù)據(jù)如表所示，實驗所用交流電源的頻率為50Hz.

F/N0.200.300.400.500.60

a/(m/s2)0.110.200.310.49

(1)根據(jù)圖2紙帶，求出拉力F為0.50N時，小車運動的加速度a=m/s2.

(2)根據(jù)上述實驗數(shù)據(jù)，在圖3上作出a-F圖象.

(3)作出圖象后，把圖線延長，發(fā)現(xiàn)圖線不通過原點，其原因是

四、簡答題(本大題共2小題，共6.0分)

13.如圖所示，在I區(qū)里有與水平方向成60。角的勻強電場寬度為d,

在n區(qū)里有垂直于平面向外的勻強磁場和豎直方向的電場E2,寬度也

為d,一帶電量為q、質(zhì)量為m的微粒自圖中P點由靜止釋放后沿虛線

做直線運動進入n區(qū)的磁場，已知PQ與中間邊界MN的夾角是60。，

若粒子進入口區(qū)后再做勻速圓周運動還能回到MN邊界上.重力加速

度為g，I區(qū)和H區(qū)的場在豎直方向足夠長，d、m、q已知，求：

(1)微粒帶何種電荷，I區(qū)和H區(qū)電場J和E2的大小的比值及%方向;

(2)若微粒能再次回到邊界，H區(qū)磁感應(yīng)強度B的范圍;

(3)微粒從開始運動到第二次到達MN的最長時間.

14.如圖所示，一個物體從4運動到B,用了3秒，又從B運動到C,用了4秒，力、B、C三點的位置

坐標分別為巧!=5m、xB=-10m、xc=-2m,試求出物體從A經(jīng)B到C的位移和路程。

BCA

-10-5-20123456

五、計算題（本大題共2小題，共20.0分）

15.我國“蛟龍”號深海探測船載人下潛超過七千米，再創(chuàng)載人深潛新紀錄。在某次

深潛實驗中，“蛟龍”號探測到990nl深處的海水溫度為280K.某同學利用該數(shù)據(jù)

來研究氣體狀態(tài)隨海水深度的變化。如圖所示，導熱良好的氣缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量

的氣體，不計活塞的質(zhì)量和摩擦，氣缸所處海平面的溫度7。=300K,壓強po=latm,封閉氣

體的體積%=67n3.如果將該氣缸下潛至9907n深處，此過程中封閉氣體可視為理想氣體。求：

（1）求9907n深處封閉氣體的體積（latm相當于106深的海水產(chǎn)生的壓強）。

（2）下潛過程中封閉氣體內(nèi)能（填“增加”或“減少”）,外界對氣體所做的功放出的熱

量（填“大于”或“小于”）。

16.如圖所示為一玻璃球的截面積，其半徑為R,。為球體的球心，4B為截面圓的直

徑.在4點放一個能發(fā)某種單色光的點光源，照射球體內(nèi)的各個方向，只有部分

光能從球體中射出，在此截面上，只有圓弧NBN'上有光射出，NN'連接垂直48.

已知從M點折射出的光線恰好平行力B,4M與AB的夾角為0,求N、N'兩點間的距離.（用R、。表

示）

參考答案及解析

1.答案：A

解析：

解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，靈活運用運動學公式進行求解。

平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)高度確定小球運動的

時間，根據(jù)水平位移求出三個小球的初速度之比，將落地速度分解，求出落地的速度之比.以及速

度方向與水平面夾角正切值之比。

A.三個小球的高度相等，則根據(jù)h=：gt2知，平拋運動的時間相等，水平位移之比為1：4：9,則根

據(jù)x=%t得，初速度之比為1：4：9,故A正確；

B.小球落地時的豎直方向上的分速度相等，落地時的速度胃=，詔+2皿，九相等，僅知道初速度之

比，無法求出落地的速度比，故8錯誤；

C.小球落地時的位移s=后"，僅知道水平位移之比，無法求出小球通過的位移之比，故C錯

誤；

。.設(shè)小球落地時與水平方向夾角為。，則：tan6=因為gt相等，初速度之比為1：4：9,則速度

方向與水平面夾角正切值之比為36：9：4,故。錯誤。

故選Ao

2.答案：C

解析：本題主要考察力的分解

A、推力有兩個作用效果，水平向右推木塊，豎直向下壓木塊，根據(jù)平行四邊形定則知尸在豎直方向

的分力為尸sina,故A錯誤;

8、對木塊受力分析，受推力、重力、支持力和摩擦力，如圖所示，故B錯誤

C、根據(jù)共點力平衡條件，物體所受摩擦力與推力的合力一定與重力和支持力的合力平衡，因而摩擦

力與推力的合力的方向一定向下，C正確，。錯誤；

故選C.

3.答案:C

解析：解：衛(wèi)星到地面的距離等于地球的半徑，故衛(wèi)星的半徑r=2R,根據(jù)萬有引力提供向心力可

FGMmv247r2

大U：——=m—=m^-r=ma)9^r=ma

r2rT2

已知在地面上，重力等于萬有引力，有：鬻=mg,

1\

A、線速度為：v=陛=走巫，故A錯誤；

\r2

B、周期為：T=2幾巨=4兀陛，故8錯誤；

C、角速度為：3=舊.患,故C正確；

D、加速度為：。=胃=亳故。錯誤。

故選：Co

人造地球衛(wèi)星繞地球做圓周運動，萬有引力提供向心力，根據(jù)萬有引力定律，結(jié)合牛頓第二定律和

黃金代換式求出線速度、角速度、周期和加速度的大小。

此題考查了人造衛(wèi)星的相關(guān)計算，解題的關(guān)鍵根據(jù)人造衛(wèi)星的萬有引力充當向心力，以及地球表面

物體的重力等于萬有引力列兩個方程求解。

4.答案：C

解析：解：4、C相對于4有向右運動的趨勢，所以4對C的靜摩擦力方向水平向左，由牛頓第三定律

知C對A的摩擦力水平向右，故4正確。

B、B的加速度水平向右，B的合力等于4對8的摩擦力，由牛頓第二定律知4對B的摩擦力水平向右,

故B正確。

C、4的加速度水平向右，由牛頓第二定律知4的合力水平向右。而4的合力是B和C對4的摩擦力的合

力，所以B和C對4的摩擦力大小不等，C對A的摩擦力大于B對4的摩擦力，故C錯誤。

。、4受到重力、地面的支持力、B的壓力和摩擦力、C的壓力和摩擦力，共6個力，故。正確。

本題選不正確的，

故選：Co

A、B、C三個物體相對靜止，以相同的加速度向右加速運動，分別以三個物體為研究對象，根據(jù)牛

頓第二定律和靜摩擦力產(chǎn)生的條件分析。

本題涉及多個物體共同運動的問題，要抓住它們的加速度水平向右，各自的合力均水平向右。要靈

活選擇研究對象，整體法與隔離法可交叉使用。

5.答案：AC

解析：解：4、B、粒子在平行極板方向不受電場力，做勻速直線運動，故所有粒子的運動時間

相同；

t=0時刻射入電場的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向射入電場，沿上板右邊緣垂直電場方向射出

電場，說明豎直方向分速度變化量為零，故運動時間為周期的整數(shù)倍；故所有粒子最終都垂直電場

方向射出電場：

由于t=0時刻射入的粒子始終做單向直線運動，豎直方向的分位移最大，故所有粒子最終都不會打

到極板上；故A正確，B錯誤；

c、t=0時刻射入的粒子豎直方向的分位移最大，為*

根據(jù)分位移公式，有：1=A

NZVQ

由于L-d

故：vym=v0

故最大動能=|m（詔+呦?）=2益，故C正確；

。、若t=0時刻的粒子入射速度加倍成2%，則粒子從電場出射時間減半的側(cè)向位移與時間的平方成

正比，側(cè)向位移與原孫相比必變成原來的四分之一；故。錯誤；

故選：AC.

本題考查帶電粒子在交變電場中的運動，仔細分析即可，難度一般。

6.答案：AC

解析：

由萬有引力等于重力求得月球的質(zhì)量；由萬有引力提供向心力可求出衛(wèi)星的角速度及衛(wèi)星的線速度，

則可求出與地球自轉(zhuǎn)角速度之比；根據(jù)月球的質(zhì)量與月球的半徑，可得月球的密度.

考查衛(wèi)星的運動規(guī)律，掌握萬有引力等于向心力這一思路，明確各量的表達式，會應(yīng)用黃金代換.

A、由月球表面物體萬有引力等于重力得鬻=mg,解得：月球的質(zhì)量”=綏，故A正確；

XG

B、“嫦娥二號”衛(wèi)星做圓周運動，根據(jù)萬有引力等于向心力得：^-=ma)2r,r=R+h,月球

的質(zhì)量M=嗒，解得：3=已知地球自轉(zhuǎn)周期70,所以地球自轉(zhuǎn)的角速度是所以衛(wèi)

星的角速度與地球自轉(zhuǎn)的角速度之比為故B錯誤；

C、月球的質(zhì)量M=對，月球的密度。=易=懸，故C正確；

G

。、“嫦娥二號”衛(wèi)星做圓周運動，根據(jù)萬有引力等于向心力得：粵藝，衛(wèi)星繞月球運行的速

率〃=叵=叵故。錯誤；

\r\R+h

故選：AC.

7.答案:ABC

解析：解：4、最終電子在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡，設(shè)霍爾元件的長寬高分別為a、b、

c,有=qvB,

DI

電流的微觀表達式為/=nquS=ziqubc,所以U=布.8越大，上、下表面的電勢差U越大。電流越

大，上、下表面的電勢差U越大。故4正確，。錯誤。

pi

B、k越大，根據(jù)磁感應(yīng)強度B=Bo+kz,知B隨z的變化越大，根據(jù)〃=布?知，U隨z的變化越大，

△U

即傳感器靈敏度越高。故正確。

△二B

C、霍爾元件中移動的是自由電子，根據(jù)左手定則，電子向下表面偏轉(zhuǎn)，所以上表面電勢高。故C

正確。

故選：ABC.

霍爾元件中移動的是自由電子，自由電子受到洛倫茲力發(fā)生偏轉(zhuǎn)，從而可知道上下表面電勢的高

低.上下兩表面分別帶上正負電荷，從而形成電勢差，最終電子在電場力和洛倫茲力的作用下處于

平衡.

解決本題的關(guān)鍵知道霍爾元件中移動的是自由電子，最終電子在電場力和洛倫茲力的作用下處于平

衡，上下表面形成穩(wěn)定的電勢差.

8.答案：AC

解析：解：4、帶電粒子受力的方向指向正電荷，所以粒子q帶負電，A正確；

B、靠近源電荷的地方場強大，所以粒子q的加速度先變大后變小，8錯誤；

C、電場力先做正功后做負功，所以粒子q的電勢能先變小后變大，C正確；

D,電場力先做正功后做負功，所以粒子q的動能先增加后減小，。錯誤；

故選4C

根據(jù)軌跡彎曲的方向判斷粒子的受力方向，從而判斷粒子所受電場力做功的正負，電勢能的變化和

動能的變化.

本題考查了在點電荷電場中電場力做功與電勢能變化的關(guān)系，關(guān)鍵是根據(jù)軌跡彎曲的方向即粒子受

力的方向.

9.答案：BDE

解析：解：4、氣體體積增大時，氣體對外界做功，若同時氣體從外界吸熱，且Q>W,則氣體內(nèi)能

增加，故A錯誤；

8、外界對氣體做功，同時氣體放熱，且放出熱量大于外界對氣體做功，則氣體內(nèi)能減小，故8正確；

C、氣體從外界吸收熱量，同時氣體對外界做功，吸收熱量值小于氣體對外做功，則氣體內(nèi)能減小，

故C錯誤；

溫度是分子平均動能標志，溫度升高，分子平均動能一定增加，故￡>正確；

E、氣體溫度升高，氣體內(nèi)能增加，若外界對氣體做功，氣人做功值大于內(nèi)能增加量，則氣體要向外

界放熱，故E正確；

故選：BDE。

改變物體內(nèi)能的方式有兩種：做功和熱傳遞，根據(jù)熱力學第一定律分析氣體內(nèi)能變化情況。溫度是

分子平均動能的標志。理想氣體內(nèi)能只與溫度有關(guān)。

解決本題關(guān)鍵要理解并掌握熱力學第一定律，知道改變內(nèi)能有兩種方法：做功和熱傳遞，運用熱力

學第一定律分析內(nèi)能的變化情況。

10.答案：BD

解析：解：力、表面涂上增透膜，以增強透射光的強度，是利用了光的薄膜干涉現(xiàn)象，故A錯誤；

8、標準平面檢查光學平面的平整程度是利用了光的干涉，故8正確；

C、當觀察者和波源間存在相對運動時不一定能觀察到多普勒效應(yīng)現(xiàn)象，如觀測者繞波源做勻速圓周

運動。故c錯誤；

。、根據(jù)相對論的兩個基本假設(shè)，在速度u高速運行的航天器上看地球上的時間進程變慢。故O正確。

故選：BD。

增透膜是利用光的干涉現(xiàn)象，檢查光學平面的平整程度是利用了光的干涉；多普勒效應(yīng)是由于觀察

者和波源間位置的變化而產(chǎn)生的；在速度v高速運行的航天器上看地球上的時間進程變慢.

該題考查光的薄膜干涉的應(yīng)用、多普勒效應(yīng)以及相對論原理等，都是記憶性的知識點，要加強對這

類知識點的積累，避免失分.

11.答案：ACD

解析：解：(1)用多用電表測量某電阻，將檔位旋鈕調(diào)至“x10”檔，讀數(shù)時發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角太大,

說明所選擋位太大，為使測量結(jié)果更加準確，應(yīng)換小擋，應(yīng)改用xl擋，故選A.

(2)使用歐姆表測電阻時，使用“調(diào)零旋鈕”進行調(diào)零仍能使用，調(diào)零前后電池的電動勢不變，由/=

E

所‘''''內(nèi)可知，所測電阻R是真實的，則調(diào)零后用該表測得的電阻值與電阻的真實值相比相等，故選C.

(3)由圖示可知，電源為直流電源，閉合開關(guān)后發(fā)現(xiàn)小燈泡不亮，欲用多用電表檢查該電路某處是否

發(fā)生“斷路”，在保持電路完整的情況下，應(yīng)使用多用電表的直流電壓檔進行測量，故選D

故答案為：(1)4(2)C；(3)0.

使用歐姆表測電阻時，要選擇合適的擋位，使指針指在中央刻度線附近；根據(jù)閉合電路的歐姆定律

分析測量值與真實值間的關(guān)系；根據(jù)電路故障檢測方法分析答題.

本題考查了歐姆表的使用及電路故障檢測方法，使用歐姆表測電阻時，要選擇合適的擋位，使指針

指在中央刻度線附近；可以使用電壓表、電流表與歐姆表檢測電路故障，要掌握其檢測方法與注意

事項.

12.答案：(1)0.4；

(2)根據(jù)描點法作出圖象，如圖所示：

(3)未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足。

解析：

根據(jù)描點法作出圖象，根據(jù)圖象得出拉力F為0.5N時，小車運動的加速度；依據(jù)描點作圖即可；通

過尸不為零時，加速度仍然為零，確定圖線不過原點的原因。

此題要求我們要有一定的實驗操作能力和實驗分析能力，并要會正確的對誤差進行分析。在研究勻

變速直線運動時，一定要注意平衡摩擦力這一步驟。此題作圖時應(yīng)該使所作的直線通過盡可能多的

點，不在直線上的點也要盡可能對稱地分布在直線的兩側(cè)，但如遇個別特別偏離的點可舍去。

1.據(jù)=a72得：a=9*聲=0.40m/s2

2.根據(jù)描點法作出圖象，如圖所示：

(3)由a-F圖象可知，圖線不過原點，在橫軸上有截距；

這表明在拉力大到一定程度時，小車才開始運動，這可能是在實驗前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不

足.

故答案為：(1)0.40；(2)如上圖所示；(3)未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足。

IMn

13.答案：解：(1)微粒在I區(qū)受到重力和電場力

作用而做初速度為零的勻加速直線運動，受力示

意圖如圖，其合力沿PQ方向，可知微粒帶正電.

由幾何關(guān)系得：qE]=2mgcos30°

可得E]=包里

q

在n區(qū)微粒做勻速圓周運動，重力與電場力平衡,

有qEz=mg

可得為=詈，方向豎直向上.

故名=國

(2)在I區(qū)中，由幾何關(guān)系可知，微粒的合外力產(chǎn)合二徵9

根據(jù)動能定理得F合益系=1mv2

解得"=2

若微粒恰能再次回到MN邊界，其軌跡與磁場H右邊界相切，畫出軌跡如圖，設(shè)軌跡半徑為r,則

r+rsin30°=d

得r=|d

由=租貯得B=止空

qd

故，II區(qū)磁感應(yīng)強度B的范圍B>乂亙.

qd

(3)設(shè)微粒在I區(qū)和n區(qū)運動時間分別為ti和匕

240°

t=---T

22360°

而周期7=翳

聯(lián)立得0=羲/

故總時間t=tr+t2=(2+

答:

(1)微粒帶正電荷，I區(qū)和II區(qū)電場Ei和E2的大小的比值為百，E2方向豎直向上；

(2)若微粒能再次回到MN邊界，n區(qū)磁感應(yīng)強度B的范圍8>

qd

(3)微粒從開始運動到第二次到達MN的最長時間為(2+康)

解析：(1)微粒在I區(qū)受到重力和電場力作用而做初速度為零的勻加速直線運動，畫出其受力示意圖,

求解電場強度瓦的大小.在D區(qū)微粒做勻速圓周運動，重力與電場力平衡，由此列式求解E2的大小，

并確定E2方向.即可求解邑和E2的大小的比值.

(2)若微粒恰能再次回到MN邊界，其軌跡與磁場II右邊界相切，畫出軌跡，求出軌跡半徑，由牛頓

第二定律求出磁感應(yīng)強度的最小值，從而得到其范圍.

(3)在I區(qū)中，由運動學公式求解時間.在II區(qū)，根據(jù)軌跡的圓心角求解時間，從而得到總時間.

本題要掌握受力分析的方法，掌握受力平衡狀態(tài)方程，理解力的平行四邊形定則與牛頓第二定律的

應(yīng)用，注意幾何關(guān)系在本題的運用.

14.答案：解：物體從A到C的位移為：xAC=xc-xA=-2-5m=-7m,方向為x軸的負方向,

路程為：s=|-10-51+1-2-(-10)|=23mo

答：物體從A到C的位移為-7m,路程為23m。

解析：建立直線坐標系之后，物體的位置與坐標系上的數(shù)值向?qū)?yīng)，位移等于位置坐標的變化量。

在坐標系中物體的位置與坐標軸上的數(shù)字對應(yīng)，位移是從初位置到末位置的有向線段，由位置坐標

的變化量表示。

15.答案：減小小于