三峽名校聯(lián)盟2023年秋季聯(lián)考高物理參考答案

三峽名校聯(lián)盟2023年秋季聯(lián)考高2025屆物理參考答案12345678910BCCDADBADBCABD10．BCD【詳解】A．設(shè)小球運動到最低點與物塊B碰撞前的速度大小為，根據(jù)機械能守恒定律有：解得：設(shè)碰撞后小球反彈的速度大小為，物塊B的速度大小為，取水平向右為正方向，由動量守恒定律有：由系統(tǒng)能量守恒得：解得：或（因舍去該組解）又：，得：故A、B正確；碰撞后當(dāng)B與物塊C速度相等時輕彈簧的彈性勢能最大據(jù)動量恒定律有、機械能守恒定律：解得：故C錯誤；D．在彈簧回到原長時，物塊C有最大速度，據(jù)動量守恒和機械能守恒可解得；解得：再據(jù)動能定理知彈簧對C做功為：故D正確。11．（1）B（2）D（3）【詳解】（1）傾斜軌道不一定必須光滑，只要滑塊A到達底端的速度相同即可，故A錯誤；B．為防止滑塊A與滑塊B碰后反彈，則滑塊A的質(zhì)量必須大于滑塊B的質(zhì)量，故B正確；C．因為兩滑塊的材料相同，表面的粗糙程度相同，若平直軌道的傾角為θ，由動能定理得，得：可見平直軌道不水平時，兩滑塊在軌道上碰撞前后的速度的平方仍與位移成正比，仍可用運動的位移代替速度，故C錯誤；D．為保證滑塊A每次到達底端的初速度相同，則同一組實驗中，滑塊A靜止釋放的位置要相同，故D錯誤，故選B。（2）對滑塊A由動能定理得：可得滑塊A碰撞前的速度大小為：，即：（3）若滑塊A、B碰撞過程中動量守恒，則有：又因為：，，聯(lián)立可得：12．（1）1.108（2）（3）（4）13．(1)2A

(2)7V

(3)12W【詳解】(1)燈泡L正常發(fā)光，電路中的電流為：-------------（3分）(2)由閉合電路歐姆定律可求得，電動機的額定電壓為：UD=E-I(r+R)-UL=20-2×(1+4)-4=6V---------------------------------------------------------（3分）(3)電動機的總功率為：P總=IUD=2×6=12W----------------------------------------------（2分）電動機的熱功率為：P熱=I2RD=22×0.5=2W-----------------------------------------------（2分）所以電動機的輸出功率為：P出=P總-P熱=12-2=10W-----------------------------------（2分）14．【詳解】（1）當(dāng)電場力做正功最多時動能最大，而最大的正功為，根據(jù)題意有：----------------------------------------------------------------------------------（2分）代入數(shù)據(jù)得：---------------------------------------------------------------（1分）（2）在A處動能最大，A處：-----------------------------------------（2分）A點關(guān)于O的對稱點B處動能最小，則最小動能：----------（2分）代入數(shù)據(jù)得---------------------------------------------------------------------------------（1分）（3）B點動能最小，在B點：，得-------------------------------（1分）當(dāng)動能相等時，斷線后球做類平拋運動：-----------------------------（1分）入數(shù)據(jù)得：s--------------------------------------------------------------------------------（1分）小球距A點：---------------------------------------------------------------（1分）15．【詳解】（1）小球第一次與小滑塊碰撞前做初速度為0的勻加速運動，設(shè)兩者第一次碰撞前瞬間小球的速度大小為，由動能定理得：即：---------------------------------------------------（1分）設(shè)第一次碰撞后瞬間小球和圓盤的速度分別為vm1、vM1，小球與小滑塊發(fā)生彈性碰撞，以水平向右為正方向，由動量守恒定律和機械能守恒定律得-------------------------------------------------------------（1分）---------------------------------------------------（1分）聯(lián)立解得：----------------------------（2分）小球速度方向為水平向左，小滑塊速度方向為水平向右。（2）第一次碰后小球向左勻減速運動，加速度大小：-----------------（1分）小滑塊向右勻速直線運動，當(dāng)小球的速度與小滑塊的速度相同時，兩者間距離最遠。設(shè)第一次碰后小球經(jīng)過時間t與小滑塊的速度相同，兩者間的最遠距離為sm，--------------------------------------------------------------------------（1分）-------------------------------------------------------------（1分）解得：sm=d0---------------------------------------------------------------------------（1分）（3）第一次碰撞后到第二次碰撞時，兩者位移相同，設(shè)此過程經(jīng)歷的時間為t1，小滑塊的位移為x1，以右為正方向，根據(jù)運動學(xué)公式得--------------------------------------------------------------（1分）解得，------------------------------------------------（1分）第二次碰撞前瞬間小球的速度為：----------------（1分）設(shè)第二次碰撞后瞬間小球和滑塊的速度分別為vm2、vM2，以豎直向下為正方向，由動量守恒定律和機械能守恒定律得------------------------------------------（1分）聯(lián)立解得：，---------------------------------------（1分）同理，設(shè)第二次碰撞后到第三次碰撞時經(jīng)歷的時間為t2，滑塊的位移為x2，則有，解得：，-----------------（1分）第三次碰撞前瞬間小球的速度為：設(shè)第三次碰撞后瞬間小球和滑塊的速度分別為vm3、vM3，同理可得：聯(lián)立解得：，---------------------------------（1分）同理，設(shè)第三次碰撞后到第四次碰撞時經(jīng)歷的時間為t3，滑塊的位移為x3，則有：；解得：，----------