2025年外研版選修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版選修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、目前，我國正在開展5G網絡試點工作，并將于2020年進入全面5G時代．屆時，將開啟萬物互聯(lián)時代：車聯(lián)網、物聯(lián)網、智慧城市、無人機網絡、自動駕駛技術等將一一變?yōu)楝F(xiàn)實．5G，即第五代移動通信技術，采用3300-5000MHz頻段，相比于現(xiàn)有的4G（即第四代移動通信技術，1880-2635MHz頻段）技術而言，具有極大的帶寬、極大的容量和極低的時延．5G信號與4G信號相比下列說法正確的是：A.5G信號在真空中的傳播速度更快B.5G信號是橫波4G信號是縱波C.5G信號粒子性更顯著D.5G信號更容易發(fā)生明顯衍射2、已知時間內通過均勻導體某一橫截面的自由電子數(shù)為電子電荷量為導體橫截面積為單位體積內的自由電子數(shù)為則電子定向移動的速度為（）A.B.C.D.3、下列說法正確的是（）A.物體溫度不變，內能一定不變B.物體溫度降低，一定對外放熱C.物體溫度升高，擴散運動加快D.物體溫度升高，每個分子熱運動的速率都增大4、飲水機是一種常見的家用電器，其工作電路可簡化為如圖所示的電路，其中S是溫度控制開關，當水溫升高到一定溫度時，它會自動切換，使飲水機處于保溫狀態(tài)；R2是飲水機加熱管的電阻，R1是與加熱管串聯(lián)的電阻．該飲水機的額定電壓是220v，加熱功率550w,保溫時整機耗電量0.48kw/24h（不考慮R1、R2的阻值受溫度影響）．當開關S閉合時，飲水機處于何種工作狀態(tài)及R2的阻值為（）

A.加熱220?B.加熱88?C.保溫88?D.保溫220?5、下列有關物理量的方向描述正確的是（）A.電場中某點的電場強度的方向就是電荷在該點受到的電場力方向B.磁場中某點磁感應強度的方向就是正電荷在該點受到的磁場力方向C.閉合電路中電荷定向運動的方向就是電流的方向D.感應電流具有這樣的方向，即感應電流的磁場總是要阻礙引起感應電流的磁通量的變化6、如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播．某時刻波上質點P正通過平衡位置，經過一段時間，波向前傳播了距離d，P點第一次到達波谷；則該橫波的波長為。

A.4dB.C.D.7、下列說法正確的是A.用分光鏡觀測光譜是利用光折射時的色散現(xiàn)象B.用X光機透視人體是利用光電效應C.光導纖維輿信號是利用光的干涉現(xiàn)象D.門鏡可以擴大視野是利用光的衍射現(xiàn)象8、下列說法正確的是A.大量的氫原子從n=3的能級向低能級躍遷時只會輻射出兩種不同頻率的光B.衰變所釋放的電子是原子核外的電子電離形成的C.太陽輻射的能量主要來自太陽內部的熱核反應D.紫外線照射到金屬鋅表面時能夠發(fā)生光電效應，則當增大紫外線的照射強度時，從鋅版表面逸出的光電子的最大初動能也隨之增大9、圖為模擬遠距離輸電實驗電路圖，兩理想變壓器的匝數(shù)n1＝n4<n2＝n3，四根模擬輸電線的電阻R1、R2、R3、R4的阻值均為R，A1、A2為相同的理想交流電流表，L1、L2為相同的小燈泡，燈絲電阻RL>2R，忽略燈絲電阻隨溫度的變化．當A、B端接入低壓交流電源時()

A.A1、A2兩表的示數(shù)相同B.L1、L2兩燈泡的亮度相同C.R1消耗的功率大于R3消耗的功率D.R2兩端的電壓小于R4兩端的電壓評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、如圖所示；在xOy平面內有兩根平行于y軸水平放置的長直導線，通有沿y軸正向；大小相同的電流I，兩導線關于y軸對稱，P為x軸上一點，Q為z軸上一點，下列說法正確的是（）

A.O點處的磁感應強度為零B.P點處的磁感應強度方向沿z軸正向C.Q點處的磁感應強度方向沿x軸正向D.正電荷沿y軸運動時，不受洛倫茲力作用11、下列關于熱平衡定律的理解，正確的是（）A.兩系統(tǒng)的溫度相同時，才能達到熱平衡B.A、B兩系統(tǒng)分別與C系統(tǒng)達到熱平衡，則A、B兩系統(tǒng)達到熱平衡C.甲、乙、丙物體溫度不相等，先把甲、乙接觸，最終達到熱平衡，再將丙與乙接觸最終也達到熱平衡，則甲、丙是處于熱平衡的D.熱平衡時，兩系統(tǒng)的溫度相同，壓強、體積也一定相同12、關于分子動理論的知識，下列說法正確的是（）A.一般情況下，分子直徑的數(shù)量級為mB.擴散現(xiàn)象只能在液體和氣體中發(fā)生，不能在固體中發(fā)生C.溫度計的測溫原理是熱平衡原理E.溫度越大，氣體分子的平均動能越大E.溫度越大，氣體分子的平均動能越大13、下列說法正確的是（）A.熵增加原理說明一切自然過程總是向著分子熱運動的無序性減小的方向進行B.在絕熱條件下壓縮氣體，氣體的內能一定增加C.當分子間作用力表現(xiàn)為引力時，分子勢能隨著分子間距離的減小而增大D.水可以浸潤玻璃，但是不能浸潤石蠟，這個現(xiàn)象表明一種液體是否浸潤某種固體與這兩種物質的性質都有關系14、下列說法正確的是（）A.將一塊晶體敲碎后，得到的小顆粒是非晶體B.固體可以分為晶體和非晶體兩類，有些晶體在不同的方向上有不同的光學性質C.由同種元素構成的固體，可能會由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體D.在熔化過程中，晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內能也保持不變15、一帶正電粒子僅在電場力作用下做直線運動，從A點經B、C運動到D點，其v-t圖象如圖所示，則下列說法中正確的是()

A.A處的電場強度小于B處的電場強度B.粒子在A處的電勢能大于在B處的電勢能C.C,D間各點電場強度和電勢都為零D.A,B兩點的電勢差等于C,B兩點間的電勢差16、如圖所示，水平面內的等邊三角形ABC的邊長為L，頂點C恰好位于光滑絕緣直軌道CD的最低點，光滑直導軌的上端點D到A、B兩點的距離均為L，D在AB邊上的豎直投影點為O，一對電荷量均為－Q的點電荷分別固定于A、B兩點。在D處將質量為m、電荷量為+q的小球套在軌道上，由靜止開始釋放。已知靜電力常量為k、重力加速度為g，且(忽略空氣阻力及小球對原電場的影響)；則。

A.小球剛到達C點時，其動能為B.小球剛到達C點時，其加速度為零C.A、B兩處的電荷在D點產生的場強大小為D.小球沿直軌道CD下滑過程中，其電勢能先減小后增大17、下列說法正確的是()A.用光導纖維束傳輸圖像和信息，這是利用了光的全反射原理B.紫外線比紅外線更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象C.經過同一雙縫所得的干涉條紋，紅光比綠光條紋寬度大D.光的色散現(xiàn)象都是由于光的干涉現(xiàn)象引起的評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)18、一定質量的氣體經歷a、b、c、d四段變化過程，壓強與熱力學溫度的關系如圖所示，氣體體積在增大的過程是_________。忽略氣體分子勢能，氣體的內能在增大的過程是_________。19、如圖為一定質量的理想氣體的體積與熱力學溫度的關系圖像，該氣體的狀態(tài)經歷的變化過程。氣體狀態(tài)由過程中，氣體壓強________（選填“增大”“不變”或“減小”）；若整個過程中氣體放出的熱量為則整個過程外界對氣體所做的功為________。

20、如圖所示，一定質量的理想氣體發(fā)生如圖所示的狀態(tài)變化，從狀態(tài)A到狀態(tài)B，在相同時間內撞在單位面積上的分子數(shù)_______（選填“增大”、“不變”或“減小”），從狀態(tài)A經B、C再回到狀態(tài)A，氣體吸收的熱量_______放出的熱量（選填“大于”；“小于”或“等于”）。

21、陰極射線管的上方有一根固定的導線AB，如圖所示，當導線中通一如圖所示的電流時，陰極射線管的電子流將向__________偏轉。（填“下”或“上”）22、如圖，粗細均勻的長玻璃管豎直放置且開口向下，管內的水銀柱封閉了一部分體積的空氣柱．當外界大氣壓緩慢減小，水銀柱將_______（上升、不動、下降）；若大氣壓減小△p，水銀柱移動L1，大氣壓再減小△p，水銀柱又移動L2，則：L1_______L2（選填“>”、“<”；“=”）．（保持溫度不變）

23、高空作業(yè)須系安全帶。如果質量為m的高空作業(yè)人員不慎跌落，從開始跌落到安全帶剛對人產生作用力前人下落的距離為h（可視為自由落體運動），重力加速度為g，設豎直向上為正方向，則此過程人的動量變化量為______。此后經歷時間t安全帶達到最大伸長量，若在此過程中安全帶作用力始終豎直向上，則該段時間安全帶對人的平均作用力大小為_____。評卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共10分)27、學習了單擺的周期公式后，我們知道了可以利用此方法測重力加速度。高中階段在實驗室中“用單擺測重力加速度”是一種比較準確而簡潔的方法。當我們用刻度尺和游標卡尺測出單擺的擺長為再用秒表測量出單擺擺動多個周期的總時長，進而求出單擺擺動一個周期為請同學們根據(jù)上述測量量給出求解重力加速度的公式：__________。

過幾天；我們年級的同學將要去南京做研學項目了，我們計劃讓同學們完成“測定當?shù)刂亓铀俣取钡娜蝿?，作為物理學科實踐與拓展的項目。

如圖甲所示，我們需要準備約長的細線，在靠近細線一端處測出長度，并做好標記。在當?shù)貙ふ倚K重物代替小球，系于擺線下端．先按圖乙方式組裝，并測出此擺長時單擺擺動次的總時間，進而求出此單擺周期記為再按圖丙方式組裝（依標記收起），再測出此擺長時單擺擺動次的總時間，進而求出此單擺周期記為請用乙、丙兩擺的周期和擺長之差推導出本實驗當?shù)刂亓铀俣鹊挠嬎闶剑篲_________。28、某物理學習小組設計了如圖所示的實驗電路準備測量未知電阻Rx的值．圖中G是指針在中央（零刻線在中央）的靈敏電流計（已知電流從左側接線柱流入指針向左偏）；R是已知阻值的定值電阻，AB是一根粗細均勻的長直電阻絲，從刻度尺測得AB長度為L，D是與電阻絲接觸良好的滑動觸頭．回答下列問題：

（1）同學在某一次將D調節(jié)到如圖位置時發(fā)現(xiàn)電流計指針向右偏，則他應該把D向________（填左或右）移動適當距離，直到____________為止．

（2）他還需要測量的物理量有______________（用字母符號表示），未知電阻的計算表達式為Rx=________（用題目中給出和你設的字符表示）

（3）關于本次實驗系統(tǒng)誤差的分析為：測量值________電阻真實值（填“>”、“<”或“=”）．評卷人得分六、解答題(共3題，共27分)29、在平面直角坐標系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y軸負方向的勻強電場，第Ⅳ象限存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，磁感應強度為B．一質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以速度v0垂直于y軸射入電場，經x軸上的N點與x軸正方向成θ＝60°角射入磁場，最后從y軸負半軸上的P點垂直于y軸射出磁場；如圖所示．不計粒子重力，求。

（1）M、N兩點間的電勢差UMN；

（2）粒子在磁場中運動的軌道半徑r；

（3）粒子從M點運動到P點的總時間t．30、如圖所示，傾角為的光滑斜面上，有一垂直于斜面向下的有界勻強磁場區(qū)域PQNM，磁場區(qū)域寬度L=0.1m．將一質量m=0.02kg、邊長L=0.1m、總電阻R=0.4的單匝正方形閉合線圈abcd由靜止釋放，釋放時ab邊水平，且到磁場上邊界PQ的距離也為L，當ab邊剛進入磁場時，線圈恰好勻速運動，g=10m/s2；求：

（1）ab邊剛進入磁場時，線圓所受安培力的大小F安方向；

（2）ab邊剛進入磁場時，線圈的速度及磁場磁感應強度B的大小；

（3）線圈穿過磁場過程產生的熱量Q．31、如圖所示，以水平方向為x軸，豎直方向為y軸建立直角坐標系，x軸的下方有垂直于xoy平面的勻強磁場和平行于y軸的勻強電場（圖中未畫出，足夠大），質量為m電量為q的帶正電質點從y軸上的M點以沿x軸正向的速度v0=3m/s進入第一象限，經x軸上一點N進入第四象限，N點坐標是（1.2，0），之后做勻速圓周運動，且經過坐標為（1.2，-3），（-2.8，-3）的點．已知重力加速度為g=10m/s2，求

（1）勻強電場的電場強度大小和方向

（2）勻強磁場的磁感應強度大小

（3）質點從開始運動到進入第二象限之前的運動時間參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】A；5G信號與4G信號都是電磁波；在真空中的傳播速度等于光速，故A錯誤；

B；5G信號與4G信號都是電磁波；5G信號和4G信號是橫波，故B錯誤；

C；5G信號的頻率高；粒子性越顯著，故C正確；

D；4G信號的頻率低；波長長，更容易發(fā)生明顯衍射，故D錯誤；

故選C．2、D【分析】【分析】

由電流的定義可求得電流，再由可求得電子的定向移動速度。

【詳解】

由

可得

由

可得

D正確。3、C【分析】【詳解】

A．物體的內能與物體的體積；溫度、摩爾數(shù)等因素都有關；所以溫度不變，其內能不一定不變，故A錯誤；

B．可以通過對外做功導致物體的內能減少；溫度降低；不一定非要對外放熱，故B錯誤；

C．擴散現(xiàn)象是分子的熱運動；擴散現(xiàn)象；布朗運動和分子熱運動都隨溫度的升高而變得劇烈，故C正確；

D．溫度是分子平均動能的標志；溫度升高，分子平均動能增大，不是每一個分子的動能都增大，故D錯誤。

故選C。4、B【分析】【分析】

電源電壓U不變，由P=U2/R可知，電阻越大電功率越小，電熱水器處于保溫狀態(tài)，電阻越小電功率越大，電熱水器處于加熱狀態(tài)；根據(jù)公式P=U2/R的變形可計算電阻的大小；

【詳解】

電源電壓U不變，由P=U2/R可知，溫控開關S閉合時，只有一只電阻工作，電阻小，則電功率大，為加熱狀態(tài)；由公式P=U2/R得加熱管R2的阻值：故選B.5、D【分析】A；電場中某點的電場強度的方向就是正電荷在電場中某點受力的方向；故A錯誤；

B；磁場中任一點；小磁針北極受力方向，就是該點的磁場方向，故B錯誤；

C；電荷的定向移動形成電流；正電荷的定向移動方向是電流的方向，故C錯誤；

D；楞次在分析了許多實驗事實后提出楞次定律；即感應電流應具有這樣的方向，感應電流的磁場總要阻礙引起感應電流的磁通量的變化，故D正確。

點睛：本題考查了電場、磁場、電流以及感應電流的方向，注意教材中對這些方向的規(guī)定。6、A【分析】【詳解】

由波形圖可知，t=0時刻P點在平衡位置向下振動，當P點第一次到達波谷時經過的時間為T/4，則波向前傳播λ/4，即λ/4=d，解得λ=4d，故選A.7、A【分析】【詳解】

分光鏡是利用色散元件（三棱鏡或光柵）將白光分解成不同波長的單色光，故A正確；用X光機透視人體是利用X光的穿透性，故B錯誤；光導纖維傳輸信號是利用光的全反射現(xiàn)象，故C錯誤；門鏡可以擴大視野是利用光的折射現(xiàn)象，故D錯誤．8、C【分析】【詳解】

A．大量的氫原子從n=3能級向低能級躍遷時，會輻射出種不同頻率的光；A錯誤；

B．衰變所釋放的電子是原子核內的中子變成質子所產生的；B錯誤；

C．太陽輻射的能量主要來自太陽內部的輕核聚變所產生的熱量；C正確；

D．根據(jù)愛因斯坦光電效應方程；增大紫外線的照射強度時，從鋅版表面逸出的光電子的最大初動能不會改變，D錯誤；

故選C。9、D【分析】試題分析：設AB間的輸入電壓為U1，根據(jù)輸送電功率P=UI，可得電流表A2的示數(shù)為電流表A1的示數(shù)為根據(jù)變壓規(guī)律又因為n1＜n2，故U2大于U1，所以所以A錯誤；導線上損耗的功率又R1、R2的電流小，所以損耗的功率比R3、R4損耗的少，故L1的電功率大于L2的電功率，所以亮度不同，故B錯誤；根據(jù)知，R1消耗的功率小于R3消耗的功率，故C錯誤；根據(jù)U=IR可知R2兩端的電壓小于R4兩端的電壓；所以D正確。

考點：本題考查變壓器；遠距離輸電。

____二、多選題(共8題，共16分)10、A:B【分析】【詳解】

根據(jù)安培定則可判斷出電流產生的磁場方向如圖所示：

兩電流在O點處產生的磁感應強度等大反向，合磁感應強度為零，故A正確；兩電流在P點的磁場方向相反，疊加后合磁場方向沿z軸正方向，故B正確；兩電流在z軸正方向上Q點產生的磁感應強度矢量疊加后，沿x軸負方向，故C錯誤；正電荷從O點沿z軸向上運動，由左手定則判斷其受沿y軸正方向的洛倫茲力作用，故D錯誤。所以AB正確，CD錯誤。11、A:B【分析】【詳解】

AD．根據(jù)熱平衡的特點可知；兩個系統(tǒng)達到熱平衡的標志是它們溫度相同，但壓強；體積不一定相同，故A正確，D錯誤；

B．根據(jù)熱平衡定律，A、B兩系統(tǒng)分別與C系統(tǒng)達到熱平衡，則A、B兩系統(tǒng)達到熱平衡；故B正確；

C．甲；乙、丙物體溫度不相等；先把甲、乙接觸，最終達到熱平衡，再將丙與乙接觸最終也達到熱平衡，此時乙、丙與甲的溫度不一定相等，所以甲、丙不一定是處于熱平衡的，故C錯誤。

故選AB。12、A:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．一般情況下，分子直徑的數(shù)量級為m；A正確；

B．擴散現(xiàn)象在固體；液體、氣體中均能發(fā)生；B錯誤；

C．溫度計能測出被測物體的溫度；其原理是熱平衡定律，即溫度計與被測系統(tǒng)達到熱平衡時溫度相同，其示數(shù)也就是被測物體的溫度，C正確；

D．由。

當T=0時。

D錯誤；

E．溫度是氣體分子平均動能的標志；溫度越大，氣體分子的平均動能越大，E正確。

故選ACE。13、B:D【分析】【詳解】

A．熵增加原理說明一切自然過程總是向著分子熱運動的無序性增加的方向進行；A錯誤；

B．在絕熱條件下無熱量交換；壓縮氣體，體積減小，外界對氣體做功，根據(jù)熱力學第一定律，氣體的內能一定增加，B正確；

C．當分子間作用力表現(xiàn)為引力時；隨著分子間距離的減小，分子力做正功，分子勢能減小，C錯誤；

D．水可以浸潤玻璃；但是不能浸潤石蠟，這個現(xiàn)象表明一種液體是否浸潤某種固體與這兩種物質的性質都有關系，D正確。

故選BD。14、B:C【分析】【詳解】

將一塊晶體敲碎后，得到的小顆粒還是晶體，A錯誤。固體可以分為晶體和非晶體兩類，有些晶體在不同方向上各向異性，具有不同的光學性質，B正確。由同種元素構成的固體，可能會由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石墨和金剛石。C正確。在熔化過程中，晶體要吸收熱量，雖然溫度保持不變，但是內能要增加。D錯誤。15、B:D【分析】【分析】

從圖象可以看出；粒子做的是非勻變速直線運動，可得出受到的電場力不恒定，由帶正電的粒子僅在電場力作用，有圖線斜率代表加速度，有牛頓第二定律得知電場力的大小關系，從而得到電場強度的大小關系．由運動過程中，動能增加，勢能減少，所以可判斷出粒子在AB兩點的電勢能大小，有電場力做功的公式可得AB兩點間的電勢差與CB兩點間的電勢差的大小關系．

【詳解】

A項：由運動的速度--時間圖象可看出；帶正電的粒子的加速度在A點時較大，由牛頓第二定律得知在A點的電場力大，故A點的電場強度一定大于B點的電場強度，故A錯誤；

B項：由A到B的過程中；速度變大了，說明是電場力做正功，電勢能轉化為動能，由功能關系可知，此過程中電勢能減少，正電荷在A點是電勢能大于在B時的電勢能，所以粒子在A點的電勢能高于B點的電勢能，故B正確；

C項：從C到D；粒子速度一直不變，故電場力做功為零，可知CD間各點電場強度為零，但電勢不一定為零，故C錯誤；

D項：A；C兩點的速度相等；故粒子的動能相同，因此從A到B和從B到C電場力做功的絕對值相同，AB兩點間的電勢差等于CB兩點間的電勢差，故D正確．

故選BD．

【點睛】

本題考查到了電場力做功的計算和電場力做功與電勢能的關系，其關系為：電場力對電荷做正功時，電荷的電勢能減少；電荷克服電場力做功，電荷的電勢能增加，電勢能變化的數(shù)值等于電場力做功的數(shù)值．這常是判斷電荷電勢能如何變化的依據(jù)．還考查了對于勻變速直線運動的圖象分析電荷在電場中移動時，電場力做的功與移動的路徑無關，只取決于起止位置的電勢差和電荷的電量，這一點與重力做功和高度差的關系相似．16、B:D【分析】【分析】

根據(jù)矢量合成的方法；結合庫侖定律即可求出D點的電場強度；對C點的小球進行受力分析，結合庫侖定律即可求出小球在C點的加速度；根據(jù)功能關系即可求出小球到達C的動能；根據(jù)等量同種點電荷的電場的特點分析各點的電勢的變化，然后結合電勢與電勢能的關系分析小球的電勢能的變化。

【詳解】

A項：由于C與D到A；B的距離都等于L；結合等量同種點電荷的電場特點可知，C點與D點的電勢是相等的，所以小球從D到C的過程中電場力做功的和等于0，則只有重力做功，小球的機械能守恒，得。

由幾何關系可得：

小球的動能：故A錯誤；

B項：由幾何關系得：則：∠OCD=45°

對小球進行受力分析；其受力的剖面圖如圖：

由于C到A；B的距離與D到A、B的距離都等于L；結合A的分析可知，C點的電場強度的大小與D點的電場強度的大小相等，方向指向O點，即：

沿斜面方向：mgcos45°-F?cos45°=ma

垂直于方向：mgsin45°+Fsin45°=N

其中F是庫侖力，聯(lián)立以上三式得：a=0．故B正確；

C項：負電荷產生的電場指向負電荷；可知兩個負電荷在D處的電場強度分別指向A與B，由于兩個點電荷的電量是相等的，所以兩個點電荷在D點的電場強度的大小相等，則它們的合場強的方向沿DA；DB的角平分線；

由庫侖定律，A、B在D點的場強的大?。核鼈兊暮蠄鰪姡篍D=EAcos30°+EBcos30°=故C錯誤；

D項：由幾何關系可知；在CD的連線上，CD連線的中點處于到A；B的距離最小，電勢最低，小球帶正電，所以小球在CD的連線中點處的電勢能最小。則小球沿直軌道CD下滑過程中，其電勢能先減小后增大。故D正確。

故選：BD。

【點睛】

此題的難度在于計算小球到最低點時的電場力的大小，注意AB處有等量同異種電荷，CD位于AB邊的中垂面上。17、A:C【分析】【分析】

【詳解】

光導纖維束傳輸圖象和信息，這是利用了光的全反射原理，故A正確；紫外線的波長比紅外線短，不容易發(fā)生衍射現(xiàn)象，故B錯誤；同一雙縫所得干涉條紋，紅光的波長比綠光長，則干涉條紋寬度大，故C正確；色散現(xiàn)象可以由光的干涉或折射現(xiàn)象引起，故D錯誤．三、填空題(共6題，共12分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]由圖可知；a過程，溫度不變，壓強增大，由玻意耳定律可得，氣體的體積減小，由于a過程溫度不變，因此內能不變；

b過程溫度升高，壓強增大，由于圖像的斜率不變，因此氣體的體積不變，由于b過程溫度升高；因此氣體的內能增大；

c過程壓強減??；溫度不變，由玻意耳定律可得，氣體的體積增大，由于c過程溫度不變，因此氣體的內能不變；

d過程溫度降低；壓強減小，由于圖線的斜率不變，因此氣體的體積不變，由于d過程氣體的溫度降低，因此氣體的內能減小；

綜上所述，氣體體積在增大的過程是c過程，氣體的內能在增大的過程是b過程；【解析】c過程b過程19、略

【分析】【詳解】

[1]氣體狀態(tài)由過程中

所以是等壓過程；氣體壓強不變。

[2]的整個過程氣體溫度不變，內能不變，則

整個過程中氣體放出的熱量為由熱力學第一定律可知

解得整個過程外界對氣體所做的功為【解析】不變Q20、略

【分析】【詳解】

[1][2]理想氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B，壓強不變，體積變大，分子的密集程度減小，所以在相同時間內撞在單位面積上的分子數(shù)減小，從狀態(tài)A經B、C再回到狀態(tài)A，內能不變，一個循環(huán)過程中，A到B氣體對外做的功

B到C過程中外界對氣體做功

C到A體積不變不做功，所以

根據(jù)

解得

即一個循環(huán)氣體吸熱2J，所以一個循環(huán)中氣體吸收的熱量大于放出的熱量。【解析】①.減?、?大于21、略

【分析】根據(jù)安培定則判斷可知：通電導線在陰極射線管處產生的磁場方向垂直紙面向里；電子帶負電，向右運動，由左手定則判斷得知電子流所受的洛倫茲力方向向下，所以陰極射線向下偏轉．

【點睛】本題關鍵要掌握兩大定則：安培定則和左手定則，要明確兩個問題：一是什么條件用什么定則，二是怎樣用定則．【解析】下22、略

【分析】【詳解】

設外界大氣壓為封閉氣體的壓強為封閉氣體的橫截面為S，氣柱的長度為封閉水銀柱受力平衡：解得由于氣體的溫度不變，所以的乘積應該是一定值，設為C，則解得當外界大氣壓降低相同的量時，根據(jù)函數(shù)關系可知氣柱的長度會增加，且氣柱移動的長度．【解析】下降<23、略

【分析】【詳解】

下落距離時的速度為：所以動量變化為：

對自由落體運動，有：解得：規(guī)定向下為正方向，對運動的全程，根據(jù)動量定理，有：解得：．【解析】四、作圖題(共3題，共21分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】26、略

【分析】【分析】