2025年北師大版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版高二物理上冊月考試卷256考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、A、B是一條電場線上的兩個點，一帶負電的微粒僅在電場力作用下以一定的初速度從A點沿電場線運動到B點，其速度v與時間t的關系圖象如圖甲所示．則此電場的電場線分布可能是圖乙中的()2、如圖所示，在光滑絕緣水平面上有一半徑為R

的圓，AB

是一條直徑，空間有勻強電場場強大小為E

方向與水平面平行.

在圓上A

點有一發(fā)射器，以相同的動能平行于水平面沿不同方向發(fā)射帶電量為+q

的小球，小球會經(jīng)過圓周上不同的點，在這些點中，經(jīng)過C

點的小球的動能最大.

由于發(fā)射時刻不同時，小球間無相互作用.

且隆脧婁脕=30鈭?

下列說法正確的是(

)

A.電場的方向與AC

間的夾角為90鈭?

B.電場的方向與AC

間的夾角為60鈭?

C.小球在A

點垂直電場方向發(fā)射，恰能落到C

點，則初動能為18qER

D.小球在A

點垂直電場方向發(fā)射，恰能落到C

點，則初動能為14qER

3、下列物理量不是矢量的是（）

A.磁感應強度。

B.電場強度。

C.電流強度。

D.安培力。

4、頻率不同的兩束單色光1和2以相同的入射角從同一點射入一厚玻璃板后,其光路如圖所示,下列說法正確的是A.單色光1的波長小于單色光2的波長B.在玻璃中單色光1的傳播速度大于單色光2的傳播速度C.單色光1通過玻璃板所需的時間小于單色光2通過玻璃板所需的時間D.單色光1從玻璃到空氣的全反射臨界角小于單色光2從玻璃到空氣的全反射臨界角5、豎直放置的一對平行金屬板的左極板上用絕緣線懸掛了一個帶正電的小球，將平行金屬板按圖所示的電路圖連接.絕緣線與左極板的夾角為當滑動變阻器R的滑片在a位置時，電流表的讀數(shù)為I1，夾角為當滑片在b位置時，電流表的讀數(shù)為I2，夾角為則（）A.I12B.I1=I2C.D.6、一質點作簡諧振動的圖象如圖所示；則該質點（）

A.在0至0.01s內，速度與加速度同向B.在0.01s至0.02s內，速度與回復力同向C.在0.025s時刻，速度與加速度均為負值D.在0.04s時，速度最大，回復力為零7、下列說法錯誤的是（）A.懸浮在水中的花粉的布朗運動反映了花粉分子的熱運動B.分子間的距離增大時，分子間的引力和斥力都減小C.用油膜法估測分子大小，如果油膜沒有充分展開，測出來的分子大小將偏大D.空中的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結果評卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)8、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解9、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)10、(12分)(1)假如一枚載人火箭以恒定的速度v＝·c飛行，試問：按照地球上的時鐘，火箭飛到半人馬星座并且返回來(地球到半人馬星座的距離為4光年)共需要________時間，應該根據(jù)多長的旅行時間來儲備糧食及其他裝備________．(2)設想在人類的將來實現(xiàn)了恒星際航行，即將火箭發(fā)射到鄰近的恒星上去．火箭相對于日心——恒星坐標系的速率為u＝0.8c，火箭中靜止放置長度為1.0m的桿，桿與火箭的航行方向平行，則在日心——恒星坐標系中測得的桿長為________．11、某實驗愛好者設計了模擬路燈光控電路，利用光敏電阻作為光傳感器，配合使用斯密特觸發(fā)器來控制電路，他設計的電路如圖，他所使用的斯密特觸發(fā)器的輸入端信號______（“可以”或“不可以”）連續(xù)變化，為了更加節(jié)能，讓天色更暗時，路燈點亮，應將R1______一些（“增大”或“減小”）12、(1)

家庭電路的交變電壓隨時間變化的圖象如圖所示.

由圖可知；交變電壓的有效值為__________V

頻率為__________Hz

．

(2)

在如圖所示的電路中；電源的電動勢為6V

定值電阻為5婁賂

電流表和電壓表均是理想電表，開關S

閉合后，電壓表的示數(shù)為5V

則電流表的示數(shù)為__________A

電源內阻為__________婁賂

．

13、如圖所示，用帶正電的絕緣棒A

去靠近原來不帶電的驗電器BB

的金屬箔片張開，這時金屬箔片帶______電；若在帶電棒離開前，用手摸一下驗電器的小球后離開，然后移開A

這時B

的金屬箔片也能張開，它帶______電.

14、400

年前，一位德國天文學家提出了行星運動的三大定律，揭開了行星運動的奧秘.

這位天文學家是______．15、有兩節(jié)電池，它們的電動勢分別為E1和E2，內阻分別為r1和r2，將它們分別連成閉合電路，其外電路的路端電壓U和電流I的關系如圖所示，則E1____E2，r1____r2（填“＜；=、＞”）．

16、勻強電場中有A、B、C三點，連線成一個直角三角形，其所在平面與電場線平行AB=5cm，AC=4cm，把一個電荷量為-2×10-9C的點電荷從A移到C，靜電力做功8×10-9J；從C沿BC移到B，靜電力不做功；

（1）由此可知勻強電場的方向為____（填由誰指向誰）；

（2）電場強度的大小E=____N/C．

17、如圖所示，電源的電動勢E=42V，內阻r=lR=20M為直流電動機，其電樞電阻r=l電動機正常工作時，電壓表讀數(shù)為21V，電動機的機械能的功率為____W，電源的總功率為_____W.18、示波管應用了____________(填“電場”或“磁場”)使電子束偏轉的原理；純電阻電路中，電動勢為E，內電阻為r的電源的最大輸出功率為____________．評卷人得分四、判斷題(共4題，共36分)19、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）20、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

21、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）22、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）評卷人得分五、推斷題(共4題，共12分)23、【化學rm{-}選修rm{5}有機化學基礎】有機化合物rm{A}是一種農藥生產的中間體，rm{A}在一定條件下可發(fā)生如圖轉化：

請回答下列問題：

rm{(1)A}分子中官能團的名稱為____；

rm{(2)C}能發(fā)生反應的類型有______rm{(}填字母rm{)}

rm{a}rm{.}取代反應rmrm{.}消去反應rm{c}rm{.}加成反應rmjy2nbz1rm{.}氧化反應。

rm{(3)}反應rm{壟脵}的化學方程式為____；

rm{(4)}寫出rm{B}到rm{C}的離子方程式____；

rm{(5)E}在一定條件下反應能生成高分子化合物，寫出此高分子化合物所有可能的結構簡式：____。24、下圖是元素周期表的一部分，表中的rm{壟脵隆蘆壟脼}代表對應元素，用化學用語填空：rm{(1)}元素rm{壟脺}在元素周期表中的位置是________。rm{(2)壟脻}rm{壟脼}兩種元素最高價氧化物對應的水化物酸性較強的是________。rm{(3)壟脵}元素可以形成多種氧化物，其中顏色為紅棕色的是________，寫出它與水反應的化學方程式________。rm{(4)}寫出元素rm{壟脹}與元素rm{壟脷}形成的化合物的電子式________。25、某芳香烴rm{A}分子式為rm{C_{8}H_{10}}某烴類衍生物rm{X}分子式為rm{C_{15}H_{14}O_{3}}能使rm{FeCl_{3}}溶液顯紫色；rm{J}分子內有兩個互為對位的取代基。在一定條件下有如下的轉化關系rm{(}無機物略去rm{)}

rm{(1)}屬于芳香烴類的rm{A}的同分異構體中，其沸點的大小關系為______________。rm{(}不包括rm{A}用結構簡式表示rm{)}rm{(2)J}中所含的含氧官能團的名稱為_________________________________。中所含的含氧官能團的名稱為_________________________________。rm{(2)J}與rm{(3)E}反應的化學方程式是_________________；反應類型是_____。rm{H}rm{(4)B}的混合物在rm{C}乙醇溶液中加熱可以生成同一種有機物rm{NaOH}以rm{K}為單體合成的高分子化合物的名稱是____________________________。rm{K}已知rm{(5)}有多種同分異構體，寫出一種符合下列性質的rm{J}的同分異構體的結構簡式。rm{J}與rm{壟脵}溶液作用顯紫色；rm{FeCl_{3}}與新制rm{壟脷}懸濁液作用產生紅色沉淀；rm{Cu(OH)_{2}}苯環(huán)上的一鹵代物有rm{壟脹}種。________________________________。

rm{2}26、根據(jù)圖示填空。

（1）化合物A含有的官能團是____。

（2）1molA與2moH2反應生成1moE，其反應方程式是____。

（3）與A具有相同官能團的A的同分異構體的結構簡式是____。

（4）B在酸性條件下與Br2反應得到D，D的結構簡式是____。

（5）F的結構簡式是____。由E生成F的反應類型是。評卷人得分六、解答題(共1題，共2分)27、平面直角坐標系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y軸負方向的勻強電場，第Ⅳ象限存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B．一質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以速度v垂直于y軸射入電場；經(jīng)x軸上的N點與x軸正方向成60°角射入磁場，最后從y軸負半軸上的P點與y軸正方向成60°角射出磁場，如圖所示．不計粒子重力，求。

（1）粒子在磁場中運動的軌道半徑R；

（2）勻強電場的場強大小E．

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【解析】試題分析：從圖象可以直接看出，粒子的速度隨時間逐漸減?。粓D線的斜率逐漸增大，說明粒子的加速度逐漸變大，電場強度逐漸變大，從A到B電場線逐漸變密。綜合分析知，負電荷是順著電場線運動，由電場線疏處到達密處，正確選項是A考點：考查對電場線特點的理解【解析】【答案】A2、C【分析】解：AB

小球在勻強電場中；從a

點運動到c

點，根據(jù)動能定理qUAC=Ek

得。

因為到達C

點時的小球的動能最大；所以UAC

最大，則在圓周上找不到與C

電勢相等的點.

且由A

到C

電場力對小球做正功．

過C

點作切線；則CF

為等勢線．

過A

點作CF

的垂線；則該線為電場線，場強方向如圖示．

因為隆脧CAB=30鈭?

則連接CO隆脧ACO=30鈭?

所以電場方向與AC

間的夾角婁脠

為30鈭?

故A錯誤；B錯誤．

C；D

小球只受電場力；做類平拋運動．

x=Rcos30鈭?=v0t

y=R+Rsin30鈭?=qEt22m

由以上兩式得：Ek=12mv02=18qER

故C正確；D錯誤．

故選：C

．

小球在勻強電場中；從A

點運動到C

點，根據(jù)動能定理qUAC=Ek

因為到達C

點時的小球的動能最大，所以UAC

最大，即在圓周上找不到與C

電勢相等的點.

所以與C

點電勢相等的點在過C

點的切線上.

再根據(jù)電場線與等勢線垂直，可以畫出電場線，即可確定電場的方向．

小球做類平拋運動；根據(jù)平拋運動的知識分析小球的運動情況，分別相互垂直的兩個上列式求解初動能．

本題關鍵考查對電場力做功公式W=qEd

的理解和應用，d

是沿電場方向兩點間的距離.

此題還要求熟練掌握功能關系和類平拋運動的研究方法．【解析】C

3、C【分析】

A；磁感應強度是矢量；其方向就是該點的磁場方向，故A錯誤．

B；電場強度是矢量；其方向與放在該點的正電荷所受的電場力方向相同．故B錯誤．

C；電流強度不是矢量；是標量，因為其運算法則是代數(shù)加減法則．故C正確．

D；安培力是矢量；故D錯誤．

故選C

【解析】【答案】矢量是既有大??；又有方向的物理量，而標題是只有大小，沒有方向的物理量，根據(jù)有無方向區(qū)分矢量還是標量．

4、A|D【分析】試題分析：由折射光路可知，單色光1的折射率大于單色光2，則單色光1的頻率大于單色光2，單色光1的周期小于單色光2，根據(jù)所以單色光1的波長小于單色光2的波長，選項A正確；根據(jù)在玻璃中單色光1的傳播速度小于單色光2的傳播速度，選項B錯誤；根據(jù)所以單色光1從玻璃到空氣的全反射臨界角小于單色光2從玻璃到空氣的全反射臨界角，選項D正確；設光線由空氣射向玻璃時的入射角是а折射角為θ，則設玻璃的厚度為d，則光線在玻璃中的路程為穿過玻璃的時間為聯(lián)立以上各式可得：特殊的，當а=00時n越大則t越大，所以單色光1通過玻璃板所需的時間大于單色光2通過玻璃板所需的時間，選項C錯誤?？键c：此題考查了光的折射定律、全反射現(xiàn)象及光在介質中的傳播規(guī)律?！窘馕觥俊敬鸢浮緼D5、B|D【分析】試題分析：電容器穩(wěn)定后相當于開路，對電路沒有影響，故滑片移動時，對電路中電流沒有影響，即所以選項A錯誤、B正確；以小球為研究對象進行受力分析有：當滑片向右移動時，與電容器并聯(lián)部分的電壓增大，則電容器兩端的電壓增大，聯(lián)立上式可知，細線與豎直板間的夾角變大，所以C錯誤、D正確?？键c：歐姆定律、共點力平衡【解析】【答案】BD6、A【分析】【解答】解：A；由振動圖象讀出質點在0至0.01s內；質點由最大位置向平衡位置運動，速度與加速度的方向都指向x負方向，即方向相同．故A正確；

B；由振動圖象讀出；在0.01s至0.02s內，速度指向x負方向，而回復力指向x正方向，二者方向不同．故B錯誤．

C；由振動圖象讀出質點在0.025s時刻質點的位移方向沿x軸負方向；而簡諧運動加速度方向與位移方向相反，則時刻質點的加速度方向沿x軸正方向；同時質點向平衡位置運動，速度的方向也是正方向．故C錯誤．

D；在0.04s時刻；位移最大，速度等于0，回復力負方向最大．故D錯誤．

故選：A．

【分析】由振動圖象的位移的與時間的關系得出速度的方向．根據(jù)加速度與位移方向相反，讀出加速度的方向．分析位移的變化，確定速度方向．7、A【分析】解：A；懸浮在水中的花粉的布朗運動反映了液體分子的熱運動；故A錯誤；

B；分子間的距離增大時；分子間的引力和斥力都減小，故B正確；

C、用油膜法估測分子大小，根據(jù)d=如果油膜沒有充分展開，油膜面積S偏小，測出來的分子大小將偏大，故C正確；

D；空中的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結果；故D正確。

本題選錯誤的；故選：A。

懸浮在水中的花粉的布朗運動反映了液體分子的熱運動；分子間的距離增大時，分子間的引力和斥力都減?。桓鶕?jù)d=如果油膜沒有充分展開，油膜面積S偏小，測出來的分子大小將偏大；小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結果。

本題考查了布朗運動、分子間的相互作用力、液體的表面張力、用油膜法估測分子的大小等知識點。這種題型知識點廣，多以基礎為主，只要平時多加積累，難度不大?！窘馕觥緼二、雙選題(共2題，共4分)8、AB【分析】本題考查物質的性質。該題屬于基礎性試題，難度不大。只要能記住常見物質的性質，就不難得出正確的結論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB。【解析】AB9、AB【分析】本題考查物質的性質。該題屬于基礎性試題，難度不大。只要能記住常見物質的性質，就不難得出正確的結論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B三、填空題(共9題，共18分)10、略

【分析】(1)火箭速度約為光速c，因此來回需要8年．由τ＝可得τ＝年＝0.08年．(2)由L＝L0可得．L＝1.0m＝0.6m.【解析】【答案】(1)8年0.08年(2)0.6m11、略

【分析】解：斯密特觸發(fā)器的工作原理是：當加在它的輸入端A的電壓逐漸上升到某個值（1.6V）時；輸出端Y會突然從高電平跳到低電平（0.25V），而當輸入端A的電壓下降到另一個值的時候（0.8V），Y會從低電平突然跳到高電平（3.4V）．

天暗時；光敏電阻阻值大，A端的電勢升高，當A段的電勢升高到一定的值時，經(jīng)過非門，輸出端Y為低電勢LED導通，路燈亮，故斯密特觸發(fā)器的輸入端信號可以連續(xù)變化．

R1調大時，天更暗時，光敏電阻變大，才導致分壓變大，則A端的電勢高，輸出端Y為低電勢，LED燈亮，故讓天色更暗時，路燈點亮，應將R1增大一些．

故答案為：可以；增大．

光敏電阻的電阻隨光照增強而減?。惶彀禃r，電阻比較大，光敏電阻兩端的電勢差比較大，則輸入門電路為高電勢，而另一輸入端為低電勢，最后燈亮；天亮時，光敏電阻比較小，則光敏電阻兩端的電勢差比較小，則輸入門電路為低電勢，而另一輸入端為低電勢，燈熄滅．

解決本題的關鍵掌握斯密特觸發(fā)器的特點：輸入高電勢輸出低電勢，反之輸入低電勢輸出高電勢．【解析】可以；增大12、略

【分析】(1)

【分析】根據(jù)交變電流的圖像求出周期，再跟據(jù)周期和頻率無為倒數(shù)求出頻率。根據(jù)圖像求出最大值，再跟據(jù)最大值和有效值的關系求出有效值。本題是交變電流的簡單的圖像問題，基礎題目?！窘獯稹扛鶕?jù)圖像可知最大值，有效值對正余弦交流電來說是最大值的2202

所以有效值為U=Em2=22022=220V

由圖可知周期為0.02攏貿

所以頻率為f=1T=10.02=50Hz

故答案為：22050

(2)

【分析】開關閉合后，電壓表測量路端電壓，電流表測量干路電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律列式即可求解。本題主要考查了閉合電路歐姆定律的直接應用，難度不大，屬于基礎題?！窘獯稹扛鶕?jù)閉合電路歐姆定律得：

I=UR=1A

I=ER+r

代入數(shù)據(jù)可得r=1婁賂

故答案為：11

【解析】(1)22050

(2)11

13、略

【分析】解：(1)

用帶正電的絕緣棒A

去靠近原來不帶電的驗電器B

由于靜電感應驗電器(

導體)

兩端出現(xiàn)等量正負感應電荷，近端的電荷的電性與A

相反，帶負電；遠端的金屬箔片電荷與A

的電性相同，帶正電荷；

(2)

由于人和地球都是導體；用手指瞬間接觸金屬球B

時，人；地球和驗電器構成一個整體，在帶正電荷的棒A

的影響下發(fā)生靜電感應，近端帶負電，金屬箔不帶電；移開手指后，驗電器上的負電荷不會再改變，故驗電器帶負電，再移開棒A

后，驗電器上的負電荷不會再改變，金屬箔片上此時也帶負電．

故答案為：正電；負電。

導體內自由電荷在電場力作用下重新分布；導體兩端出現(xiàn)等量正負感應電荷的現(xiàn)象叫做感應起電；

感應起電的實質是在帶電體上電荷的作用下；導體上的正負電荷發(fā)生了分離，使電荷從導體的一部分轉移到了另一部分，只有導體上的電子才能自由移動；

感應起電的實質不是產生了電荷，而是導體上的自由電荷從一端移動到另一端，從而使導體兩端帶上等量異號的電荷，且符合近端所帶電荷的電性與引起靜電感應的帶電體的電性相反，而遠端相同的規(guī)律．【解析】正；負14、略

【分析】解：開普勒在第谷觀測的天文數(shù)據(jù)的基礎上；研究總結得出了行星運動的三個定律；

且開普勒三定律的第一個說：所有行星繞太陽運動的軌道都是橢圓；太陽處在橢圓的一個焦點上；

故答案為：開普勒。

發(fā)現(xiàn)行星運動的三個定律的天文學家開普勒；從而即可分析解答．

對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明，要加強記憶，可以培養(yǎng)學習興趣，還能學到科學精神．【解析】開普勒15、略

【分析】

由閉合電路歐姆定律U=E-Ir；得。

當I=0；U=E，U-I圖線與U軸的交點表示斷路，U=E；

圖線斜率大小表示r

則可判斷出E1＞E2，r1＞r2

故答案為：＞；＞．

【解析】【答案】研究電源外特性曲線與坐標軸交點的物理意義，可判斷E1＞E2，r1＞r2

16、略

【分析】

（1）據(jù)題意，點電荷從C沿BC移到B，靜電力不做功，則知B、C兩點電勢相等，BC即是一條等勢線．電荷量為-2×10-9C的點電荷從A移到C，靜電力做功8×10-9J；則知，A點的電勢低于C的電勢，根據(jù)電場線與等勢面垂直，且由高電勢指向低電勢，分析得知，勻強電場的方向為C指向A．

（2）根據(jù)電場力做功公式W=qEdAC得；

E==N/C

故答案為：（1）C指向A；（2）100

【解析】【答案】（1）由題，點電荷從C沿BC移到B，靜電力不做功，說明B、C兩點電勢相等，BC是一條等勢線．電荷量為-2×10-9C的點電荷從A移到C，靜電力做功8×10-9J；則知，A點的電勢低于C的電勢，根據(jù)電場線與等勢面垂直，且由高電勢指向低電勢，可得知勻強電場的方向．

（2）由電場力做功公式W=qU=qEd；求出電場強度的大?。?/p>

17、略

【分析】試題分析：電動機為非純電阻電路，電阻R和內阻r是純電阻電路，因此解得電動機的總功率電動機發(fā)熱功率所以電動機輸出功率即機械功率電源總功率考點：非純電阻電路【解析】【答案】18、略

【分析】解：示波管應用了電場使電子束偏轉的原理．

根據(jù)數(shù)學知識分析可知，當外電阻等于電源的內電阻時，電源的輸出功率最大，此時電路中電流為：I=電源的最大輸出輸出功率為：Pm=I2R=I2r=．

故答案為：電場，．【解析】電場;四、判斷題(共4題，共36分)19、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．21、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．22、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．五、推斷題(共4題，共12分)23、（1）氯原子、羥基、酯基（2）acd

（3）

（4）+CO2+H2O→+HCO3-

（5）【分析】【分析】本題考查有機物的推斷，難度中等，注意根據(jù)rm{A}的結構及反應條件進行推斷，需要學生熟練掌握官能團的性質與轉化，難度中等?！窘獯稹縭m{A}在堿性條件下水解生成和rm{B}與二氧化碳反應生成rm{C}而rm{C}遇氯化鐵溶液顯紫色，故B為rm{C}為則rm{D}為rm{D}酸化得到rm{E}為由rm{E}與rm{F}的分子式可知，rm{E}分子內脫去rm{2}分子水生成rm{F}且rm{F}為五元環(huán)化合物，故E在濃硫酸作用下發(fā)生消去反應和酯化反應，rm{F}可能為

rm{(1)}由rm{A}分子結構可知，其不含氧官能團的名稱為：氯原子、羥基、酯基，故答案為：氯原子；羥基、酯基；

rm{(2)C}為可以發(fā)生取代反應、加聚反應、氧化反應，不能發(fā)生消去反應，故答案為：rm{acd}

rm{(3)}反應rm{壟脵}的化學方程式為：

故答案為：

rm{(4)B}到rm{C}的離子方程式為：rm{+CO_{2}+H_{2}O隆煤}rm{+HCO_{3}^{-}}

故答案為：rm{+CO_{2}+H_{2}O隆煤}rm{+HCO_{3}^{-}}

rm{(5)E(}rm{)}在一定條件下反應能生成高分子化合物，其可能的結構簡式為：

故答案為：

【解析】rm{(1)}氯原子、羥基、酯基rm{(2)acd}

rm{(3)}

rm{(4)}rm{+CO2+H2O隆煤}rm{+HCO^{3-}}

rm{(5)}24、（1）第三周期、第ⅢA族（2）HClO4（3）NO23NO2+H2O=2HNO3+NO（4）【分析】【分析】本題考查元素周期表的結構及應用、電子式、氮的氧化物，根據(jù)元素的位置推斷元素及元素化合物知識為解答的關鍵，側重分析與應用能力的考查?！窘獯稹坑稍氐奈恢每芍?，rm{壟脵壟脷壟脹壟脺壟脻壟脼}分別為rm{N}rm{F}rm{Na}rm{Al}rm{Si}rm{Cl}rm{(1)}元素rm{壟脺}為rm{Al}位于第三周期、第Ⅲrm{A}族；故答案為：第三周期、第Ⅲrm{A}族；rm{(2)壟脻}rm{壟脼}分別為rm{Si}rm{Cl}元素的非金屬性越強，最高價氧化物對應的水化物酸性越強，非金屬性：rm{Cl>Si}則兩種元素最高價氧化物對應的水化物酸性較強的是rm{HClO_{4}}故答案為：rm{HClO_{4}}rm{(3)壟脵}為rm{N}元素，rm{N}元素形成的多種氧化物中顏色為紅棕色的是rm{NO_{2}}與水反應生成rm{HNO_{3}}和rm{NO}反應的化學方程式為rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}故答案為：rm{NO_{2}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{(4)壟脹}為rm{Na}元素，rm{壟脷}為rm{F}元素，二者形成的化合物為rm{NaF}其電子式為故答案為：【解析】rm{(1)}第三周期、第Ⅲrm{A}族rm{(2)HClO_{4}}rm{(3)NO_{2}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{(4)}25、（1）

（2）（酚）羥基、羧基

（3）酯化反應（或取代反應）

（4）聚苯乙烯

(5)【分析】【分析】本題考查有機物的推斷和合成，題目較為綜合，有一定的難度，做題時注意把利用好題給信息，采用正逆推相結合的方法推斷，注意同分異構體的判斷方法?！窘獯稹磕撤枷銦Nrm{A}分子式為rm{C}分子式為rm{A}rm{C}rm{{,!}_{8}}rm{H}rm{H}與氯氣在光照條件下發(fā)生一氯取代生成兩種不同物質rm{{,!}_{10}}和，屬于苯的同系物，rm{A}與氯氣在光照條件下發(fā)生一氯取代生成兩種不同物質rm{B}和rm{C}則rm{A}為則rm{A}為rm{B}最終產物rm{C}能與rm{A}，rm{B}最終產物rm{H}能與rm{NaHCO}rm{B}具有羧基，則rm{H}為rm{NaHCO}發(fā)生水解反應生成rm{{,!}_{3}}為溶液反應，說明rm{H}具有羧基，則rm{B}為發(fā)生氧化反應生成rm{H}為rm{B}進一步氧化生成，rm{B}發(fā)生水解反應生成rm{D}為為rm{B}為rm{D}發(fā)生水解反應生成，rm{D}發(fā)生氧化反應生成rm{F}為為rm{D}分子式為rm{F}，rm{F}進一步氧化生成rm{H}為rm{F}rm{H}，則rm{C}為rm{C}，rm{C}發(fā)生水解反應生成rm{E}為rm{C}rm{E}和，rm{X}分子式為rm{C}則rm{X}為酯，rm{C}酸化得到rm{{,!}_{15}}而rm{H}為醇，則rm{H}含有羧基，且rm{{,!}_{14}}分子中含有酚羥基，rm{O}分子式為rm{O}rm{{,!}_{3}}，能使rm{FeCl}rm{FeCl}rm{{,!}_{3}}溶液顯紫色，說明結構中含有酚羥基，水解生成rm{K}和rm{E}則rm{X}為酯，rm{K}酸化得到rm{J}而rm{E}為醇，則rm{J}含有羧基，且rm{J}分子中含有酚羥基，rm{J}分子式為rm{C}rm{K}分子內有兩個互為對位的取代基，則rm{E}為rm{X}rm{K}為rm{J}

rm{E}由上述分析可知，rm{J}物質的結構簡式為：rm{J}的一種同分異構體為二甲苯，有鄰間對三種結構，三種沸點的大小關系為：

rm{J}rm{C}

rm{{,!}_{7}}為rm{H}

rm{H}

rm{{,!}_{6}}與rm{O}反應的化學方程式是rm{O}或取代反應rm{{,!}_{3}}

，rm{J}分子內有兩個互為對位的取代基，則rm{J}為rm{J}或取代反應rm{J}

，故K為，rm{X}為的混合物在rm{X}乙醇溶液中加熱可以生成同一種有機能，則rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}物質的結構簡式為：為rm{(1)}為單體合成的高分子化合物的結構簡式是rm{A}

，屬于芳香烴類的rm{A}的一種同分異構體為二甲苯，有鄰間對三種結構，三種沸點的大小關系為：

rm{A}