2025年高考物理二輪復習：機械振動與機械波（練習）解析版

專題15機械振動與機械波

目錄

01模擬基礎練.......................................................2

題型一：機械振動..................................................2

題型二：機械波....................................................8

題型三：振動圖像和波的圖像的綜合應用.............................15

02重難創(chuàng)新練......................................................21

1/26

z

題型一：機械振動

1.（2024?河南新鄉(xiāng)?一模）某質(zhì)點做簡諧振動的位移一時間關系圖像如圖所示才。（I。為未知量）時刻該質(zhì)點

處于平衡位置，已知質(zhì)點的振動周期為T,振幅為/,則下列說法正確的是（

A.%+0.757時刻，質(zhì)點的加速度最小

B.O時刻質(zhì)點正在向平衡位置運動

C.質(zhì)點的振動方程為x=/cos（，?

D./。=一

3

【答案】BC

【詳解】A.辦+0.757時刻，質(zhì)點的位移最大，加速度最大，故A錯誤；

B.由題圖可知，0時刻質(zhì)點正在向平衡位置運動，故B正確；

C.設質(zhì)點的振動方向為x=4cos（K，+9）結合當，=0時，X-A,代入可得9=?則質(zhì)點的振動方向為

x=Acos（-^-/+—）故C正確；

D.。時刻質(zhì)點的位移為0,則有0=人05（9274r+7?t解得T故D錯誤。故選BC。

T4o

2.（2024?山西晉中?模擬預測）一質(zhì)點做簡諧運動，其相對于平衡位置的位移x與時間/的關系圖線如圖所

示，由圖可知（）

2/26

x/cm

A.該簡諧運動的周期是2.5x10-2$,振幅是0cm

B.該簡諧運動的表達式為x=41sinOOR+11cm

C.該簡諧運動的表達式為x=亞sin00^-y^cm

D./=0.25乂10-飛時質(zhì)點的位移為-1.2cm

【答案】BC

【詳解】A.由題圖知，該簡諧運動的周期為7=2x10-2$,振幅為/=V^m，故A錯誤；

BC.角頻率為。亨=100萬rad/s又因為夕=手，或者0=g所以質(zhì)點做簡諧運動的表達式為

x=^2sin1100乃t+,或x=A/2sin（1OOTTI-故BC正確；

D.當/=0.25*10%時位移為》=拒$出［100加+彳卜m=Vix--—cm=-lcm故D錯誤。故選BC。

I2）V2J

3.（2024?黑龍江哈爾濱?模擬預測）如圖甲所示，彈簧振子以。點為平衡位置，在光滑水平面上的N、B兩

點之間做簡諧運動。取水平向右為正方向，振子的位移x隨時間/變化的正弦曲線如圖乙所示，彈簧的勁度

系數(shù)為2N/m,下列說法正確的是（）

A./=2s時，振子的加速度為零

B.振子在y0.1s時和/=0.3s時速度相同

C.f=1.8s時，回復力大小為0.4N

D.0?1.8s時間內(nèi)，振子運動的路程為1.8m

3/26

【答案】ACD

【詳解】A.彈簧振子的周期為0.8s,由于2s=2T+g可知，2s時刻，振子位于平衡位置，此時振子的位移

為0,加速度也為0,故A正確；

B.幾何圖像可知，振子在0.1s時刻沿x軸正方向運動，在03s時刻沿x軸負方向運動，兩時刻的速度不相

同，故B錯誤；

C.由于1.8s=2T+3此時振子的位移最大，彈簧拉伸量為20cm,則回復力為尸=2xO.2N=0.4N故C正確；

4

D.結合上述可知，0?1.8s時間內(nèi)，振子運動的路程為2x4/+/=9Z=1.8m故D正確。故選ACD。

4.（2024?貴州?二模）如圖甲所示，一個單擺做小角度擺動，從某次擺球由左向右通過平衡位置時開始計時,

相對平衡位置的位移x隨時間，變化的圖像如圖乙所示。不計空氣阻力，重力加速度大小取10m/s，下列說

A.單擺的擺長約為4.0m

B.在y2.0s時擺球速度為0

C.從/=1.0s至卜=1.5s的過程中，擺球的重力勢能逐漸增大

D.從"1.5s到t=2.0s的過程中，擺球所受回復力逐漸減小

【答案】CD

【詳解】A.根據(jù)題意，由圖乙可知，單擺的周期為2s,由單擺周期公式7=2樂口可得/=紇。LOm故A

錯誤；

B.由圖乙可知，在，=2.0s時，擺球處于平衡位置，擺球的速度最大，故B錯誤；

C.由圖乙可知，從/=1.0s至I」”1.5s的過程中，擺球從平衡位置向負向最大位移擺動，則擺球的重力勢能逐

漸增大，故C正確；

D.由圖乙可知，從"1.5s到t=2.0s的過程中，擺球從負向最大位移向平衡位置擺動，擺球所受回復力逐漸

減小，故D正確。故選CD。

4/26

5.（2024?廣東清遠?一模）為了使金屬小球穩(wěn)定在同一豎直平面內(nèi)運動，避免單擺穩(wěn)定性差的問題。如圖所

示，用兩條長為1.15m的不可伸長的細線固定一質(zhì)量為0.1kg的金屬小球，懸掛在水平直桿48兩端上，

小球靜止時，A端細線與桿的夾角為60,當小球受到垂直紙面方向的擾動做微小擺動時（已知百=1.73，

重力加速度g=10m/s2。則（）

A.金屬小球做簡諧運動B.擺角變小，周期將變大

C.金屬小球擺動周期約為2sD.金屬小球經(jīng)過最低點時，A端拉力為YIN

3

【答案】AC

【詳解】A.金屬小球受到垂直紙面方向的擾動做微小擺動，可知其類似單擺，小球做簡諧運動，選項A

正確；

B.單擺的周期與擺角無關，選項B錯誤；

C.擺長/=1.15mxsin600?1m則金屬小球擺動周期約為T=2萬2S選項C正確；

D.若金屬球靜止在最低點時，/端拉力27sin60°=機g解得T=3N當金屬小球經(jīng)過最低點時，因為速度

3

2/T

不為零，根據(jù)27—1160°=〃陪+〃7'>犯§?可知人端拉力7'>^—]^選項口錯誤。故選AC。

r3

6.（2024?江西南昌?二模）如圖所示，把一個有孔的小球A裝在輕質(zhì)彈簧的一端，彈簧的另一端固定，小球

套在水平光滑桿上，以。為平衡位置振動。另一小球B在豎直平面內(nèi)以。'為圓心、。為角速度沿順時針方

向做半徑為R的勻速圓周運動（。與。'在同一豎直線上）。用豎直向下的平行光照射小球B、可以觀察到，

小球B的“影子”始終在小球A上。取水平向右為正方向，。點為坐標原點、小球B經(jīng)最低點時為計時零點，

則（）

5/26

A.小球A的振幅為2尺B.小球A的振動周期為一

0)

C.小球A的最大加速度大小為02及D.小球A的速度與時間的關系式為v=-07?sina

【答案】BC

【詳解】A.由圖可知，小球A的振幅為及，故A錯誤；

2兀

B.小球A的振動周期與小球B的圓周運動周期相同，為」，故B正確；

CD

C.小球A的運動可看作小球B的運動在水平方向上的分運動，當小球A達到最大加速度，即位移大小最

大時，此時小球B也達到相應的水平方向的最大位移處，此時水平方向的加速度大小為序尺，即A的最大

加速度大小為蘇尺。故C正確；

D.小球A的速度等于小球B在水平方向的分速度，關系式v=-<a/?cosa,故D錯誤。

故選BCo

7.(2024?云南昆明?一模)輕彈簧上端連接在箱子頂部中點，下端固定一小球，整個裝置靜止在水平地面上

方?，F(xiàn)將箱子和小球由靜止釋放，箱子豎直下落后落地，箱子落地后瞬間速度減為零且不會反彈。此后

小球運動過程中，箱子對地面的壓力最小值恰好為零。整個過程小球未碰到箱底，彈簧勁度系數(shù)為左，箱子

和小球的質(zhì)量均為相，重力加速度為g。忽略空氣阻力，彈簧的形變始終在彈性限度內(nèi)。下列說法正確的是

()

A.箱子下落過程中，箱子機械能守恒

B.箱子落地后，彈簧彈力的最大值為3加g

C.箱子落地后，小球運動的最大速度為2g后

2相202

D.箱子與地面碰撞損失的機械能為2/wg'江

k

【答案】BCD

【詳解】A.箱子靜止時，對小球分析有機g=4單對箱子分析有加g+萬彈=?當箱子由靜止釋放瞬間，彈簧彈

力不發(fā)生突變，小球在這瞬間仍然平衡，加速度為0,而箱子釋放瞬間固定箱子的力T消失，箱子所受合力

為尸=mg+與=2加g=加?？傻迷撍查g箱子的加速度a=2g此后彈簧會恢復原長，在彈簧恢復原長的過程中,

6/26

彈簧彈力對箱子做正功，若此過程中箱子落地，則此過程中箱子的機械能增加；若在彈簧恢復原長時箱子

還未落地，由于箱子的速度大于小球的速度，彈簧將被壓縮，彈簧彈力將對箱子做負功，箱子的機械能又

會減小，但無論何種情況，箱子在運動過程中除了重力做功外，彈簧彈力也在做功，因此箱子下落過程中，

箱子機械能不守恒，故A錯誤；

B.根據(jù)題意，此后小球運動過程中，箱子對地面的壓力最小值恰好為零，則對箱子有序=冽g彈簧處于壓

縮狀態(tài)，且為壓縮最短位置處，可知小球做簡諧振動，此時彈簧的壓縮量與小球合力為零時彈簧的伸長量

之和即為小球做簡諧振動的振幅，根據(jù)簡諧振動的對稱性可知，在最低點電=弓-加g在最高點

這=「十機g=2〃陪聯(lián)立解得琮=3mg而當小球運動至最低點時彈簧彈力有最大值，即為3mg，故B正確；

C.小球做簡諧振動，在平衡位置時有與=區(qū)=隱解得方等即彈簧被拉伸x時小球受力平衡，處于簡諧

振動的平衡位置，此處小球的速度有最大值，而根據(jù)以上分析可知，小球在最高點時彈簧的彈力和在平衡

位置時彈簧的彈力大小相同，只不過在最高位置時彈簧處于被壓縮狀態(tài)，在平衡位置時彈簧處于被拉伸狀

態(tài)，顯然壓縮量和伸長量相同，則小球從最高點到達平衡位置下落的高度〃=2x=2等而彈簧壓縮量和伸長

量相同時所具有的彈性勢能相同，即小球zai最高點和在平衡位置時彈簧的彈性勢能相同，則對小球由最高

點到平衡位置根據(jù)動能定理可得mg-2x=1加v2解得vmax=2g.E故C正確；

2Vk

D.箱子損失的機械能即為箱子、彈簧、小球所構成的系統(tǒng)損失的機械能，小球在平衡位置時彈簧所具有的

彈性勢能和在箱子未落下時彈簧所具有的彈性勢能相同，由能量守恒可得2"?g〃=；加4ax+A￡解得箱子損失

的機械能A￡=2加g/z故D正確。故選BCD。

8.（2024?山東?模擬預測）如圖所示，傾角為a=30。的斜面體固定在水平地面上，垂直斜面底端固定的擋

板上有一勁度系數(shù)為k的輕彈簧，質(zhì)量為m的物體P固定在輕彈簧上端，跨過定滑輪的輕繩連接物體P、Q,

且左側輕繩與斜面平行。初始時物體Q在外力作用下靜止，輕繩恰伸直，撤去外力后當物體Q運動到最低

點時彈簧的伸長量為初始時壓縮量的2倍，整個過程P不與滑輪相碰，Q不落到地面上，彈簧始終處在彈

性限度內(nèi)，忽略一切摩擦，重力加速度為g。則（）

7/26

3

A.物體Q的質(zhì)量為不"

B.物體P的最大加速度為。g

C.Q下落高度為等時速度最大

4k

D.Q從開始運動到最低點的過程，加速和減速的時間相等

【答案】ABD

【詳解】A.初始時物體Q在外力作用下靜止，輕繩恰伸直，即繩上無張力，設此時彈簧的壓縮量為升，

則對P沿斜面方向受力分析有加gsina=息。解得演=等當P、Q的加速度為零時，設物體Q的質(zhì)量為加，

2k

繩上拉力大小為T,則對物體Q有T=/真設此時彈簧的拉伸量為X],則對物體P有7=何+機gsina可知

此時彈簧的拉伸量為王=，（加管-g機8）以沿斜面向上為正方向，當P相對其加速度為零時所在位置的位移

為x時，對物體P受力分析，沿斜面方向有T-機gsinc-Mx+X]）=a??對物體Q受力分析，在豎直方向有

m'g-T=?！眱墒较嗔诘?履=。（加+機'）即有F回=-區(qū)可知P在斜面上做簡諧運動，同時Q在豎直方向上也

做簡諧運動，物體Q從釋放到最低點運動的距離為兩個振幅，由題得，當物體Q運動到最低點時彈簧的伸

長量為初始時壓縮量的2倍，則有2/=%+2x0解得簡諧運動的振幅為/=等此時彈簧的拉伸量為

//=等解得加'=：冽故A正確；

4k4

B.由簡諧運動規(guī)律可知，當Q在最高點時，整體加速度最大，則有"g-T=a4,T+kxG-mgsma=am

3

得。=]g故B正確；

C.由簡諧運動規(guī)律可知，當Q處于平衡位置，即加速度為零時，速度最大,此時Q下落的高度為為=4=等

故c錯誤；

D.由簡諧運動規(guī)律可知，Q加速運動和減速運動的時間相等，故D正確。故選ABD。

題型二：機械波

9.（2024?遼寧沈陽?三模）平衡位置位于坐標原點的波源M沿＞軸方向做周期為2s的簡諧運動，產(chǎn)生的簡

諧波沿x軸傳播。f=0時刻波的圖像如圖中實線所示，此時“恰好運動到正向最大位移處。下列說法正確

的是（）

8/26

A.由波源〃振動產(chǎn)生的簡諧波在傳播過程中遇到尺寸比其波長大的障礙物時，不能發(fā)生衍射

B.，=o時刻質(zhì)點p正沿y軸正向運動

7

C.在，=：s時刻，質(zhì)點尸偏離平衡位置的位移為2.5cm,且沿〉軸正向運動

6

19

D.從/=0時刻開始，經(jīng)過質(zhì)點。位于波峰

6

【答案】CD

【詳解】A.由波源M振動產(chǎn)生的簡諧波在傳播過程中遇到尺寸比其波長大的障礙物時，能發(fā)生衍射，可

能只是衍射現(xiàn)象不明顯，故A錯誤；

B.根據(jù)“同側法”可知，f=o時刻質(zhì)點尸正沿了軸負向運動，故B錯誤；

C.簡諧波的圓頻率為0=T=%（rad/s）x軸負半軸的波向左傳播，f=0時刻質(zhì)點P在平衡位置向下振動，

7_

則質(zhì)點P的振動方程為V=5sm（＜??-%）=5sm（R-萬）（cm）在t時刻，質(zhì)點P偏離平衡位置的位移為

6

7773T7

^=55畝（%、；-?）=2.5（：111由于一＜%=—5＜一可知在時刻，質(zhì)點尸沿》軸正向運動，故C正確；

62646

o1D

D.簡諧波的波速為v=（=]m/s=6m/s根據(jù)波形平移法可知，從:0時刻波源M處于波峰的振動傳到0

Ar719719

處所用時間為加=一=一s由于/=—s=2s+—s=T+4可知從f=0時刻開始，經(jīng)過質(zhì)點。位于波峰，

v6666

故D正確。故選CD。

10.（2024?全國?模擬預測）一列簡諧橫波在均勻介質(zhì)中沿x軸傳播，，=7s時的波形如圖所示，已知波在介

質(zhì)中傳播的速度為lm/s,則下列說法正確的是（）

A.簡諧橫波的波長為24m

B.簡諧橫波中質(zhì)點振動的周期為12s

9/26

C.，=7s時的波形對應的函數(shù)方程為>=10sin+=cm

ko12

D.0~23s內(nèi)平衡位置位于坐標原點的質(zhì)點運動的路程可能為75cm

【答案】BD

【詳解】A.平衡位置位于坐標原點的質(zhì)點在f=7s時的位移為振幅的一半，則有多+—=17m解得2=12m

64

選項A錯誤；

B.質(zhì)點振動的周期T=—=12s選項B正確；

v

C.f=7s時的波形對應的函數(shù)方程為了=/sin=（x+4=lOsin但尤+B]cm選項C錯誤；

ZV12）<66）

D.由于Ax=lm/sx7s=7m當波沿工軸負方向傳播時，根據(jù)平移法與同側法可知，t=0時平衡位置位于坐

標原點的質(zhì)點從平衡位置向了軸負方向振動，由于23s=7+工+工所以0?23s內(nèi)平衡位置位于坐標原點的

46

A

質(zhì)點運動的路程為4/+3/+—=75cm選項D正確。故選BD。

2

11.（2024?河北保定?三模）在同種均勻介質(zhì)中，甲、乙兩列簡諧橫波分別沿x軸正、負方向傳播，在Z=0

時刻x=0到x=6m區(qū)域內(nèi)的波動圖像如圖所示，甲的頻率為2Hz,則下列說法正確的是（）

B.1=0時刻，x=3m處質(zhì)點的位移方向為y軸負方向

C.f=0時刻，尤=6m處質(zhì)點的速度為零

D.z=-！-s時刻，x=3.5m處質(zhì)點位移為-40cm

16

【答案】AB

【詳解】A.兩列簡諧橫波在同一介質(zhì)中傳播速度相同，因此乙波的傳播速度大小為v=4x2m/s=8m/s故

A正確;

B.根據(jù)振動與波動關系及波的疊加可知，f=0時刻，x=3m處質(zhì)點的位移方向為V軸負方向，故B正確;

C.，=0時刻，x=6m處質(zhì)點振動方向沿了軸正方向，速度不為零，故C錯誤；

10/26

D.，='s時刻，x=3.5m處甲波在波谷，乙波不在波谷，因此該處質(zhì)點的位移不是-40cm,D錯誤。

16

故選ABo

12.（2024?安徽合肥?三模）藝術體操運動員在“帶操”表演中，手持細棒抖動彩帶一端，彩帶會像波浪般翻

卷，如圖甲所示。圖乙是片0時刻彩帶上的波形,￡、尸是彩帶上的兩個點。已知尸點的縱坐標為力=-10缶m,

E點的振動方程為y=20sin（2加）cm,關于彩帶上各點運動，下列說法正確的是（）

A.該波的波長為1.6m

B.片0時刻尸點向上運動

C.￡點的平衡位置位于（-0.25m,0）處

D.尸點的振動方程為y=20sin（2R-[cm

【答案】ABD

2萬7

【詳解】A.周期T=—=1s對于E點的振動方程為歹=20sin（2m）cm當,=%s時y=-loJ^cm即E、/兩

CD8

131

點平衡位置處的距離為了丸，則:2-g4=lm得X=1.6m故A正確；

B./=0時刻E點向上運動，則此時廠點向上運動，故B正確；

C.E、尸兩點平衡位置處的距離為s=gx=0.2m則E點的平衡位置位于（-0.2m,0）處，故C錯誤；

D.設廠點的振動方程為了=20$皿2市+。）011當t=Q時方=-10Vicm解得9=-?所以/點的振動方程為

y=20sin（2;rt-：4m故D正確。故選ABD。

13.（2024?全國?模擬預測）如圖x軸上兩質(zhì)點相距3m,一振幅為5cm的機械波在x軸上傳播，取波傳

播到/點時f=0,當/位于平衡位置時，3位于波峰，波的傳播速度為6m/s。下列說法錯誤的有（）

AB

11/26

4

A.被機械波的波長可能為1m

B.機械波的周期最長為2s

C.當周期最長時，f=6s時，8的路程可能為52cm

D.當周期最長時，f=4s時，8的路程可能為42cm

【答案】CD

0oa

【詳解】A.由于4位于平衡位置時，B位于波峰，則有〃2+;=3m或加4+—=3m其中片0,1,2,3...,

44

4

m=0,L2,3…若波長為§m,可以解得〃=2故A正確，不符合題意；

B.根據(jù)y=g結合上述解得丁=^―7s或7=―7s可知，當〃=0時，周期取最大值2s,故B正確，不符

T4〃+14m+3

合題意；

C.結合上述，周期最長為2s時，AB間距為四分之一個波長，即波傳播到B需要時間四分之一周期，，=6s

133T

時，由于A，=，—4=6s——s=5.5s=2T+一貝的路程為項=2x4x5cm+3x5cm=55cm故C錯誤，符合

v64

題意；

D.周期最長為2s時，結合上述，/=4s時，由于"=4s-：3s=3.5s=T+一3T則5的路程為

%=4x5cm+3x5cm=35cm故D錯誤，符合題意。故選CD。

14.（23-24高三上?河南信陽?階段練習）如圖所示，一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，振幅為2cm,波速

為2m/s。在波的傳播方向上兩質(zhì)點a、6的平衡位置相距0.4m（小于一個波長），在￡=0時亥!），質(zhì)點。在波

峰位置，質(zhì)點b在x軸下方與n軸相距1cm的位置。下列說法正確的是（）

ab

A.該簡諧橫波的波長可能為1.2m

B.傳播過程中，兩質(zhì)點a、6之間一定存在一個波峰

C.質(zhì)點a在0.3s時間內(nèi)傳播的距離為0.6m

D.經(jīng)過0.125s,質(zhì)點b可能回到平衡位置

【答案】AD

【詳解】根據(jù)題意描述可知質(zhì)點。、6之間波形圖，可能情況如下圖所示（以。點為坐標原點建坐標系）：

情況一：

12/26

1TTTT27r（p、Ax

由表達式〉=/。0$夕=-；可得對應情況一：。、6之間有相差/=g+9=彳則根據(jù)舁=丁解得

2263幺〃*4

4=3Ar=L2m同理可得對應情況二相位差%=萬+?=9，4=0.6m

A.根據(jù)上述分析可知該簡諧橫波的波長可能為1.2m。故A正確；

B.一個完整的周期只存在一個波峰，兩質(zhì)點°、6之間距離小于波長，則傳播過程中，兩質(zhì)點a、6之間不

一定存在波峰。故B錯誤;

C.質(zhì)點。只會在平衡位置上下振動不會隨波遷移，故C錯誤;

D.經(jīng)過0.125s,波傳播的距離為x=v/=0.25m可知0.125s時5點振動情況與f=0時刻6點左側0.25m,即

圖中x=0.15m的位置振動情況一致，由分析可知情況二符合選項要求，經(jīng)過0.125s,質(zhì)點6回到平衡位置。

故D正確。故選AD。

15.（2024?湖北武漢?二模）波源H和$2垂直于紙面做簡諧運動，振動周期相同，但步調(diào)正好相反，所激發(fā)

的橫波在均勻介質(zhì)中沿紙面向四周傳播。圖甲為兩簡諧波在/=0.2s時的俯視圖，實線圓表示波峰，虛線圓

表示波谷。該介質(zhì)中某點的振動圖像如圖乙所示，下列說法正確的是（）

13/26

A.兩簡諧波的波速為0.15m/s

B.圖甲中的2點為振動減弱點

C.圖乙可能是/點的振動圖像

D.Z=0.10s時刻，。點可能位于波谷

【答案】BC

【詳解】A.由圖甲可知，兩簡諧波的波長為2=2x6cm=12cm由圖乙可知周期為0.4s,兩簡諧波的波速為

o12

v=—=——x10-2m/s=0.3m/s故A錯誤；

T0.4

B.波源H和S2振動步調(diào)相反，B點到兩波源的距離相等，為振動減弱點，故B正確；

C.由圖甲可知，”0.2s時，4點位于波谷，故圖乙可能是4點的振動圖像，故C正確；

D.由圖甲可知，f=0.2s時刻，。點位于平衡位置，根據(jù)平移法可知，f=0.10s時刻，即f=0.2s時刻前

C點位于波峰，故D錯誤。

故選BC-

16.（2024?山東?模擬預測）在了軸左右兩側存在兩種不同的均勻介質(zhì)，有兩列持續(xù)傳播的簡諧橫波沿x軸

相向傳播，甲向右傳播、乙向左傳播，右0時刻的波形如圖所示，甲波恰好傳至x=0處，乙波恰好傳至x=5m

處，已知波在負半軸的波速大小為0.5m/s,在正半軸的波速大小為0.25m/s,下列說法中正確的是（）

A.1=0時亥（Jx=-2.6m處質(zhì)點與x=5.1m處質(zhì)點的振動方向相同

B.x軸上第一個位移到+6cm的質(zhì)點的橫坐標為x=2.75m

14/26

C.較長時間后x=2.5m處的質(zhì)點是振動減弱點

D.0?50s內(nèi)，x=2m處質(zhì)點的路程為0.6m

【答案】AC

【詳解】A.根據(jù)題意，由圖可知，甲在了軸左側的波長為4m,則甲的頻率為_4=M=：Hz乙的波長為

2m,則乙的頻率人=孑=:也甲、乙頻率相同，可以發(fā)生干涉現(xiàn)象，根據(jù)題意，由同側法可知，x=-2.6m

生a

處質(zhì)點與x=5.1m處質(zhì)點的振動方向都向下，相同，故A正確；

B.根據(jù)題意可知，甲的波峰傳到x=0時，需要的時間為4=^s=2s此時，乙的波峰傳到x=6m處，由于

波速相等，兩個波峰同時到達x=3m處，兩列波在此處疊加，使該點的位移為+6cm,故B錯誤；

C.根據(jù)題意可知,/=0時,產(chǎn)0處質(zhì)點開始向上振動,x=5m處的質(zhì)點開始向下振動，則距兩處相等位置x=2.5m

處的質(zhì)點，在較長時間后是振動減弱點，故C正確；

D.x=2m處的質(zhì)點是振動加強點，根據(jù)題意可知，甲波x=2m處的質(zhì)點在。?50s內(nèi)，振動5^周期，則路程

4

3-

為電=63cm乙波x=2m處的質(zhì)點在0?50s內(nèi)，振動4彳周期，則路程s?=57cm則0?50s內(nèi)，x=2m處質(zhì)點的

路程s=S]+S2=120cm=1.2m故D錯誤。故選AC。

題型三：振動圖像和波的圖像的綜合應用

17.（2024?廣西?模擬預測）一列簡諧橫波在某時刻的波形圖如圖甲所示，a、6兩質(zhì)點的平衡位置分別為

A.此橫波的傳播速度大小為2m/s

B.x=30m處的質(zhì)點在7.5s時第1次出現(xiàn)波峰

C.質(zhì)點。在1s時速度最大且速度方向沿y軸正方向

D.質(zhì)點a在0~4.5s內(nèi)運動的路程為1.2cm

【答案】AB

【詳解】A.由圖甲可知該波的波長為2=12m由圖乙可知該波的周期為T=6s此橫波的傳播速度大小為

15/26

0

V=—=2m/s故A正確；

T

B.圖甲所示時刻波形圖中第一個波峰出現(xiàn)在x=15m處，根據(jù)，='=出二巨s=7.5s可知x=30m處的質(zhì)點

在7.5s時第1次出現(xiàn)波峰，故B正確；

C.根據(jù)Ax'=必/=2m根據(jù)平移法可知1s時x=0出的質(zhì)點的振動形式傳播到質(zhì)點°,即此時質(zhì)點。處于平

衡位置速度最大且速度方向沿y軸負方向，故C錯誤；

3

D.0~4.5s時間內(nèi)加'=4.5s=：T由于開始計時時，質(zhì)點。不是處于平衡位置或最大位移處，所以質(zhì)點。的

4

位移x/3/=1.2cm故D錯誤。故選AB。

18.（2024?福建漳州?一模）圖甲為中國京劇中的水袖舞表演，水袖的波浪可視為簡諧橫波。圖乙為該橫波

在f=0時刻的波形圖，尸、。為該波上兩個質(zhì)點，此時尸位于平衡位置，。位于波峰，且尸比。先振動。圖

丙為波上某質(zhì)點的振動圖像。則（）

A.該波的傳播速度為2.5m/sB.圖丙可能為質(zhì)點尸的振動圖像

C.r=1.2s時，質(zhì)點。的速度最大D.0-1.2s質(zhì)點P運動的路程為1.2m

【答案】AD

a

【詳解】A.由乙圖知，波長為2.0m,由丙圖知，周期為0.8s,則波速為v=7=2.5m/s故A正確;

B.由題知，質(zhì)點尸比質(zhì)點。先振動，故波向x軸負方向傳播，在1=0時刻質(zhì)點P處于平衡位置，根據(jù)“上

下坡”法，可知質(zhì)點尸此時向y軸負方向振動，故丙圖不是質(zhì)點尸的振動圖像，故B錯誤；

C.因/=L2s=T+2T,故質(zhì)點。此時處于波谷，速度為零，故C錯誤；

2

D.因t=L2s=7+!r,則質(zhì)點P運動的路程為s=6/=1.2m故D正確。故選AD。

2

19.（2024?廣東汕頭?二模）“地震預警”是指在地震發(fā)生以后，搶在地震波傳播到受災地區(qū)前，向受災地區(qū)

提前幾秒至數(shù)十秒發(fā)出警報，通知目標區(qū)域從而實現(xiàn)預警。科研機構對波的特性展開研究，如圖甲所示為

研究過程中簡諧波”0時刻的波形圖，M是此波上的一個質(zhì)點，平衡位置處于&=4m處，圖乙為質(zhì)點〃的

振動圖像，貝IJ（）

16/26

A.該列波的傳播速度為2m/s

B.該列波的傳播方向沿x軸負向傳播

C.質(zhì)點M在9s內(nèi)通過的路程為340cm

D.質(zhì)點M在2s內(nèi)沿x軸運動了8nl

【答案】AB

【詳解】A.由甲、乙圖可知4=4m,T=2s則該列波的傳播速度為v=—=2m/s故A正確；

T

B.由圖乙可知1=0時刻質(zhì)點M沿沿〉軸正方向振動，根據(jù)波形平移法可知，該列波的傳播方向沿x軸負

向傳播，故B正確；

9Q

C.根據(jù)A/=9s=—T可知質(zhì)點M在9s內(nèi)通過的路程為s=-x44=18/=360cm故C錯誤；

22

D.質(zhì)點W只在其平衡位置上下振動，并不會隨波的傳播方向遷移，故D錯誤。故選AB。

20.（2024?河北唐山?二模）地震監(jiān)測站監(jiān)測到一列地震橫波，某時刻的波形圖如圖甲所示，已知P點是平

衡位置在x=0處的質(zhì)點，。點的平衡位置坐標為15m,以此時刻做為計時起點，質(zhì)點。振動的。一圖像如

圖乙所示。則下列說法正確的是（）

A.地震橫波的傳播波速為15m/s

B.質(zhì)點尸沿了軸負方向運動

C.f=3s時，質(zhì)點。振動到波谷

D.0?3s的時間內(nèi)，質(zhì)點尸所走的路程為30cm

【答案】BC

【詳解】A.由圖乙可知，周期7=45,假設"=15向$,則可得4=M=60m由圖甲可知，其波長滿足

17/26

2<4=60m故假設波速v=15m/s不成立，故A錯誤；

B.由圖乙可知，在t=0s時，a=Om/s2,在t=ls時，a=-lOm/s?達到負軸負方向最大，根據(jù)牛頓第二定律

可知回復力的變化和加速度一致，則0?1s內(nèi)質(zhì)點Q應向上振動，根據(jù)同側法（質(zhì)點的振動方向和波的傳播

方向在波的同一側）可知波向x軸負方向傳播，再對尸質(zhì)點由同側法可知沿y軸負方向運動，故B正確；

C.由圖乙可知，質(zhì)點Q在t=3s時，?=10m/s2,根據(jù)回復力總是指向平衡位置的特點可知，此時回復力豎

直向上，則質(zhì)點。振動到波谷，故C正確；

3

D.因ym=l°cm,T=4s,則一個周期內(nèi)，質(zhì)點運動的路程為40cm,而時間為。=3s=^7若從平衡位置

或波峰波谷位置開始振動，其路程一定為s=3y,n=30cm現(xiàn)P點是從非特殊位置振動，其路程一定不等于

30cm,故D錯誤。故選BC。

21.（2024?山東棗莊?一模）一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，f=6s時的波形，如圖甲所示。x軸正方向上

的N點與坐標原點。之間的距離小于兩個波長，以該處為平衡位置的質(zhì)點的振動圖像，如圖乙所示。本題

所涉及質(zhì)點均已起振。下列說法正確的是（）

A.該列波的波速為2.0m/sB./點的x坐標可能為6.5m

C."0時，/處質(zhì)點的加速度方向沿y軸負方向D.，=13s時，/處質(zhì)點的速度

方向沿y軸負方向

【答案】AB

【詳解】A.由振動圖像知，周期為T=2s由波動圖像知，波長為X=4m則波速v=^=2.0m/s故A正確；

B.由振動圖像知，/=6s時/點振動方向沿y軸負方向，由波動圖像知，波沿x軸正方向傳播，則/點x

坐標可能為6.5m,故B正確；

C.由振動圖像知，Z=0時/點與/=6s時的位置一樣在y軸負半軸，根據(jù)簡諧運動特征，N處質(zhì)點的加速度

方向沿y軸正方向，故C錯誤；

D.由振動圖像可知，片13s時，N處質(zhì)點的速度方向沿y軸正方向，故D錯誤。故選AB。

22.（2024?貴州遵義?三模）一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在f=2s時刻的波形圖如甲所示，此時刻該波

18/26

恰好傳播到P點。介質(zhì)中的M、N、尸、。為平衡位置處于3m、4m、5m、10m處的點。圖乙為該波上某質(zhì)

點的振動圖像。下列說法正確的是（）

A.該波在介質(zhì)中的傳播速度大小為lm/s

B.該波源起振方向沿y軸負方向

C.該波由P點傳播至。點的過程中，P點處的質(zhì)點運動的路程為5m

D.圖乙為尸點所在位置的質(zhì)點的振動圖像

【答案】AD

【詳解】A.由甲、乙圖可知2=4m,7=4s則波速為v=—=lm/s故A正確；

T

BD.由圖甲根據(jù)波形平移法可知，f=2s時，P點起振方向沿y軸正方向，則圖乙為P點所在位置的質(zhì)點的

振動圖像，該波源起振方向沿y軸正方向，故B錯誤，D正確；該波由尸點傳播至。點所用時間為

C.則尸點處的質(zhì)點運動的路程為s=〈x4/=5/=50cm故C錯誤。故選AD。

23.（2024?山東濟寧?一模）位于x=-3cm和x=13cm處的兩波源都只做了一次全振動，形成兩列分別沿x

軸正方向和負方向傳播的簡諧橫波，振幅均為4=5cm,7=0時刻的波形如圖甲所示，此時波剛好傳到M、N

兩點，M、P、0、N在x軸上的坐標分別為1cm、3cm、5cm、9cm,平衡位置在M處的質(zhì)點振動圖像如圖

乙所示。下列說法正確的是（）

A./=2s時，平衡位置在〃處的質(zhì)點剛好運動到尸點

B.f=5s時，平衡位置在。處的質(zhì)點的位移為-10cm

19/26

C.尸處質(zhì)點振動過程中的最大位移大小為5cm

D.平衡位置坐標為x=4cm的質(zhì)點在振動過程中通過的總路程為10cm

【答案】BC

【詳解】A.根據(jù)圖甲可知波長為2=4cm,根據(jù)圖乙可知周期為7=4s,則波速為v=7=0.01m/s則％=2s

時，左邊的波向右傳播的距離為王=討=2cm即“點的振動形式剛好傳到P點，但質(zhì)點”只能在平衡位置

附近上下振動，質(zhì)點不能隨波遷移，故A錯誤；

B.兩列波的起振點到。點的距離為4cm,則起振傳到。點需要的時間為加=二=照s=4s=7因時間為

v0.01

f2=5s=T+（剩下的:時間。點同時向下起振，到達波谷，則。處的質(zhì)點的位移為兩個振幅的長度，即為

-10cm,故B正確；

C.根據(jù)題意可知，當沿正向傳播的波剛離開P點時，沿x軸負方向傳播的波剛好傳到P點，以后尸點只

參與沿x軸負向傳播的波引起的振動，故P點最大位移為振幅值，即5cm,故C正確；

D.左側波先傳到x=4cm的位置，振動半個周期后，即通過路程為10cm后，右側波傳到x=4cm的位置，此

時兩列波在該點疊加位移為零，然后右側波在該點振動半個周期，路程為10cm,則在振動過程中通過的總

路程為20cm,故D錯誤。故選BC。

24.（2024?山東臨沂一模）一列簡諧橫波沿x軸傳播，在f=0.125s時的波形如圖甲所示，M.N、P、Q是

介質(zhì)中的四個質(zhì)點，已知N、0兩質(zhì)點平衡位置之間的距離為16m。如圖乙所示為質(zhì)點P的振動圖像。下

A.該波沿x軸負方向傳播

B.該波的波長為20m

C.質(zhì)點P的平衡位置位于x=lm處

D.從f=0.125s開始，質(zhì)點。比質(zhì)點N早5s回到平衡位置

【答案】ACD

【詳解】A.由題圖乙可知，Z=0.125s時刻，質(zhì)點尸沿y軸負方向運動，根據(jù)同側法可知該波沿x軸負方向

20/26

傳播，故A正確；

71

B.設該波的波長為3根據(jù)三角函數(shù)知識可知，N、0兩質(zhì)點平衡位置間的距離為_326解

趣=彳一片6

得2=24m故B錯誤；

C.由題圖乙可知該波的周期為T=0.2s所以該波的波速為v=7=120m/s由題圖乙可知，在uO.125s之后，

質(zhì)點P第一次位于波峰的時刻為片0.25s,易知此波峰為Z=0.125s時刻質(zhì)點。所在處的波峰傳播來的，所以

有也』=0.25s-0.125s解得辱=1m故C正確；

V

D.從f=0.125s開始，質(zhì)點。第一次回到平衡位置所經(jīng)歷的時間為％=：=0.05s圖甲中，質(zhì)點0左側波形

的第一個平衡位置處坐標為網(wǎng)=7-9=10111該振動狀態(tài)第一次傳播到質(zhì)點