【解析】湖南省邵陽市隆回一中2016屆高三上學(xué)期期中物理試卷 Word版含解析 高考

1、2021-2021學(xué)年湖南省邵陽市隆回一中高三上期中物理試卷一、選擇題：此題共15小題，每題4分，共60分.在每題給出的四個選項中，第1-10題只有一項符合題目要求，第11-15題有多項符合題目要求全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分1發(fā)現(xiàn)萬有引力定律和測出引力常量的科學(xué)家分別是( )A開普勒、卡文迪許B牛頓、伽利略C開普勒、伽利略D牛頓、卡文迪許2一列火車從靜止開始做勻加速直線運動，一人站在第一節(jié)車廂前端的旁邊觀察，第一節(jié)車廂通過他歷時2s，整列車箱通過他歷時8s，那么這列火車的車廂有( )A6節(jié)B9節(jié)C12節(jié)D16節(jié)3如圖，一小球放置在木板與豎直墻面之間設(shè)墻面對球的壓力大小

2、為N1，球?qū)δ景宓膲毫Υ笮镹2以木板與墻連接點所形成的水平直線為軸，將木板從圖示位置開始緩慢地轉(zhuǎn)到水平位置不計摩擦，在此過程中( )AN1始終減小，N2始終增大BN1始終減小，N2始終減小CN1先增大后減小，N2始終減小DN1先增大后減小，N2先減小后增大4一艘小船在靜水中的速度為4m/s，渡過一條寬200m，水流速度為5m/s的河流，那么該小船( )A能到達(dá)正對岸B以最短位移渡河時，位移大小為200mC渡河的時間可能少于50 sD以最短時間渡河時，沿水流方向的位移大小為250 m5關(guān)于環(huán)繞地球運動的衛(wèi)星，以下說法正確的選項是( )A分別沿圓軌道和橢圓軌道運行的兩顆衛(wèi)星，不可能具有相同的周期

3、B在赤道上空運行的兩顆地球同步衛(wèi)星它們的軌道半徑有可能不同C沿橢圓軌道運行的一顆衛(wèi)星，在軌道不同位置可能具有相同的速率D沿不同軌道經(jīng)過武定一中上空的兩顆衛(wèi)星，它們的軌道平面一定會重合6質(zhì)量為m的小球在豎直平面內(nèi)的光滑圓軌道內(nèi)側(cè)做圓周運動圓半徑為R，小球經(jīng)過圓環(huán)內(nèi)側(cè)最高點時剛好不脫離圓環(huán)，那么其通過最高點時不正確的選項是( )A小球?qū)A環(huán)的壓力大小等于mgB重力mg充當(dāng)小球做圓周運動所需的向心力C小球的線速度大小等于D小球的向心加速度大小等于g7將一個質(zhì)量為1kg的小球豎直向上拋出，最終落回拋出點，運動過程中所受阻力大小恒定，方向與運動方向相反該過程的vt圖象如下圖，g取10m/s2以下說法中正

4、確的選項是( )A小球所受重力和阻力大小之比為6：1B小球落回到拋出點時的速度大小為8m/sC小球上升過程與下落過程所用時間之比為3：2D小球下落過程中，受到向上的空氣阻力，處于超重狀態(tài)8如下圖為汽車在水平路面上啟動過程的vt圖象.0t1時間內(nèi)為勻加速階段，t1t2時間內(nèi)表示以額定功率行駛時的變加速階段，t2后是與t軸平行的直線，那么以下說法正確的選項是( )A0t1時間內(nèi)，牽引力不變，功率增大B0t1時間內(nèi)，牽引力增大，功率不變Ct1t2時間內(nèi)，牽引力增大，加速度減小Dt1t2時間內(nèi)，牽引力做的功為mv22mv129一物體以180J的初動能從傾角為30的斜坡底端沿斜坡向上運動當(dāng)物體向上滑到某

5、一位置時，其動能減少了Ek=18J，機械能減少了E=3J不計空氣阻力，重力加速度g=10m/s2，那么物體返回斜坡底端時的動能為( )A120JB80JC60JD150J10水平地面上有一輕質(zhì)彈簧，下端固定，上端與物體A相連接，整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)現(xiàn)用一豎直向下的力壓物體A，使A豎直向下做勻加速直線運動一段距離，整個過程中彈簧一直處在彈性限度內(nèi)以下關(guān)于所加力F的大小和運動距離x之間關(guān)系圖象正確的選項是( )ABCD11利用以下哪組數(shù)據(jù)及萬有引力常量G，能夠計算出地球質(zhì)量的是( )A地球繞太陽公轉(zhuǎn)的周期及地球繞太陽公轉(zhuǎn)的軌道半徑B月球繞地球運行的周期及月球繞地球運行的軌道半徑C人造地球衛(wèi)星在地面

6、附近運行的速度和運行周期D假設(shè)不考慮地球自轉(zhuǎn)及將地球看成一個均勻球體，且地球半徑和地球外表重力加速度12某同學(xué)在籃球訓(xùn)練中，以一定的初速度投籃，籃球水平擊中籃板，現(xiàn)在他向前走一小段距離，與籃板更近，再次投籃，出手高度和第一次相同，籃球又恰好水平擊中籃板上的同一點，那么( )A第二次投籃籃球的初速度小些B第二次擊中籃板時籃球的速度大些C第二次投籃時籃球初速度與水平方向的夾角大些D第二次投籃時籃球在空中飛行時間長些13以下說法正確的選項是( )A盧瑟福通過粒子散射實驗建立了原子核式結(jié)構(gòu)模型B衰變中產(chǎn)生的射線實際上是原子的核外電子掙脫原子核的束縛而形成的C愛因斯坦在對光電效應(yīng)的研究中，提出了光子說D

7、根據(jù)玻爾理論可知，氫原子輻射出一個光子后，氫原子的電勢能增大，核外電子的運動動能減小14如下圖，傾斜的傳送帶始終以恒定速率v2運動一小物塊以v1的初速度沖上傳送帶，v1v2小物塊從A到B的過程中一直做減速運動，那么小物塊( )A小物塊到達(dá)B端的速度可能等于v2B小物塊到達(dá)B端的速度不可能等于零C小物塊的機械能一直在減少D小物塊所受合力一直在做負(fù)功15質(zhì)量不計的直角形支架兩端分別連接質(zhì)量為m和2m的小球A和B支架的兩直角邊長度分別為2l和l，支架可繞固定軸O在豎直平面內(nèi)無摩擦轉(zhuǎn)動，如下圖，開始時OA邊處于水平位置，由靜止釋放，那么( )AA球的最大速度為BA球的速度最大時，其重力勢能最小CA球的

8、速度最大時，兩直角邊與豎直方向的夾角為45DB球上升的最大高度為l二、實驗題本大題共有2個小題，每空3分，共15分161做“研究平拋運動的實驗時，讓小球?qū)掖窝赝卉壍肋\動，通過描點法畫小球做平拋運動的軌跡，為了能準(zhǔn)確地描繪運動軌跡，下面列出了一些操作要求，你認(rèn)為不正確的選項是_A通過調(diào)節(jié)使斜槽的末端保持水平B每次釋放小球的位置必須不同C每次必須由靜止釋放小球D小球運動時不應(yīng)與木板上的白紙或方格紙相接觸2在實驗中得到如下圖的坐標(biāo)紙，坐標(biāo)紙方格邊長a和當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，那么平拋的初速度vo=_17某實驗小組利用如圖甲所示的實驗裝置來驗證鉤碼和滑塊所組成的系統(tǒng)機械能守恒實驗前調(diào)整氣墊導(dǎo)軌底座使之

9、水平1如圖乙所示，用游標(biāo)卡尺測得固定在滑塊上的遮光條的寬度d=_ cm；實驗時將滑塊從圖示位置由靜止釋放，由數(shù)字計時器讀出遮光條通過光電門的時間t=1.3102 s，那么滑塊經(jīng)過光電門時的瞬時速度為_m/s在本次實驗中還需要測量的物理量有：鉤碼的質(zhì)量m、滑塊上的遮光條初始位置到光電門的距離s和滑塊的質(zhì)量M2本實驗驗證系統(tǒng)的機械能守恒定律的表達(dá)式為：_用測量的物理量符號表示三、計算題此題共4個小題，第18、19小題各8分，第20小題9分，第21小題10分，共35分解答過程應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的問題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位18一輛

10、汽車在高速公路上以30m/s的速度勻速行駛，由于在前方出現(xiàn)險情，司機采取緊急剎車，剎車時的加速度大小為5m/s2，求：1汽車剎車后20秒內(nèi)滑行的距離2汽車剎車停止前2秒內(nèi)滑行的距離19如下圖，在光滑的圓錐頂用長為L的細(xì)線懸掛一個質(zhì)量為m的小球，圓錐體固定在水平面上不動，其軸線沿豎直方向，母線與軸線之間的夾角為30，物體以速率v繞圓錐體軸線做水平圓周運動求：1當(dāng)小球?qū)A錐體的壓力恰好為零時，小球速度大小v1為多少？2當(dāng)v2=時，那么線對物體的拉力大小為多少？20如下圖，光滑水平面上依次放置兩個質(zhì)量均為m的小物塊A和C以及光滑曲面劈B，B的質(zhì)量為M=3m，B的曲面下端與水平面相切，且劈B足夠高現(xiàn)讓

11、小物塊C以水平速度v0向右運動，與A發(fā)生彈性碰撞，碰撞后小物塊A又滑上劈B求物塊A在B上能夠到達(dá)的最大高度21如下圖，讓物體可視為質(zhì)點從圖中的C位置由靜止開始做圓周運動，其運動軌跡的圓弧與地面相切于最低點D處，物體運動到D點時擺線剛好被拉斷，物體在粗糙的水平面上由D點向右做勻減速運動，到達(dá)A孔進入半徑R=0.36m的豎直放置的光滑圓軌道，當(dāng)物體進入圓軌道立即關(guān)閉A孔擺線長L=2m，=60，物體質(zhì)量為m=1.0kg，D點與小孔A的水平距離s=2m，g取10m/s2，試求：1擺線所能承受的最大拉力；2要使物體能進入圓軌道并且不脫離軌道，求粗糙水平面摩擦因數(shù)的范圍2021-2021學(xué)年湖南省邵陽市隆

12、回一中高三上期中物理試卷一、選擇題：此題共15小題，每題4分，共60分.在每題給出的四個選項中，第1-10題只有一項符合題目要求，第11-15題有多項符合題目要求全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分1發(fā)現(xiàn)萬有引力定律和測出引力常量的科學(xué)家分別是( )A開普勒、卡文迪許B牛頓、伽利略C開普勒、伽利略D牛頓、卡文迪許【考點】萬有引力定律的發(fā)現(xiàn)和萬有引力恒量的測定【專題】萬有引力定律的應(yīng)用專題【分析】依據(jù)物理學(xué)的開展史和各個人對物理學(xué)的奉獻可以判定各個選項【解答】解：發(fā)現(xiàn)萬有引力定律的科學(xué)家是牛頓，他提出了萬有引力定律首次比擬精確地測出引力常量的科學(xué)家是卡文迪許，牛頓得到萬有引力定律

13、之后，并沒有測得引力常量，引力常量是由卡文迪許用扭秤實驗測得的故ABC錯誤，D正確應(yīng)選：D【點評】此題需要掌握物理學(xué)的開展歷史，明確各個課本提到的各個人物對于物理學(xué)的奉獻，屬于根底記憶考查2一列火車從靜止開始做勻加速直線運動，一人站在第一節(jié)車廂前端的旁邊觀察，第一節(jié)車廂通過他歷時2s，整列車箱通過他歷時8s，那么這列火車的車廂有( )A6節(jié)B9節(jié)C12節(jié)D16節(jié)【考點】勻變速直線運動規(guī)律的綜合運用【專題】直線運動規(guī)律專題【分析】據(jù)勻變速直線運動的位移時間公式，結(jié)合時間關(guān)系求出火車車廂的節(jié)數(shù)【解答】解：因為L=，x=，那么車廂的節(jié)數(shù)為：n=應(yīng)選：D【點評】解決此題的關(guān)鍵是掌握勻變速直線運動的運動

14、學(xué)公式，并能靈活運用；注意可以理解為以火車為參考系，研究人的運動3如圖，一小球放置在木板與豎直墻面之間設(shè)墻面對球的壓力大小為N1，球?qū)δ景宓膲毫Υ笮镹2以木板與墻連接點所形成的水平直線為軸，將木板從圖示位置開始緩慢地轉(zhuǎn)到水平位置不計摩擦，在此過程中( )AN1始終減小，N2始終增大BN1始終減小，N2始終減小CN1先增大后減小，N2始終減小DN1先增大后減小，N2先減小后增大【考點】共點力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運用【專題】共點力作用下物體平衡專題【分析】以小球為研究對象，分析受力情況：重力、木板的支持力和墻壁的支持力，根據(jù)牛頓第三定律得知，墻面和木板對球的壓力大小分別等于球?qū)?/p>

15、面和木板的支持力大小，根據(jù)平衡條件得到兩個支持力與的關(guān)系，再分析其變化情況【解答】解：以小球為研究對象，分析受力情況：重力G、墻面的支持力N1和木板的支持力N2根據(jù)牛頓第三定律得知，N1=N1，N2=N2根據(jù)平衡條件得：N1=Gcot，N2=將木板從圖示位置開始緩慢地轉(zhuǎn)到水平位置的過程中，增大，cot減小，sin增大，那么N1和N2都始終減小，故N1和N2都始終減小應(yīng)選B【點評】此題運用函數(shù)法研究動態(tài)平衡問題，也可以運用圖解法直觀反映力的變化情況4一艘小船在靜水中的速度為4m/s，渡過一條寬200m，水流速度為5m/s的河流，那么該小船( )A能到達(dá)正對岸B以最短位移渡河時，位移大小為200m

16、C渡河的時間可能少于50 sD以最短時間渡河時，沿水流方向的位移大小為250 m【考點】運動的合成和分解【專題】定量思想；合成分解法；運動的合成和分解專題【分析】當(dāng)靜水速的方向與河岸垂直時，渡河時間最短；因為靜水速小于水流速，合速度方向不可能垂直于河岸，即不可能垂直渡河，當(dāng)合速度的方向與靜水速的方向垂直時，渡河位移最短【解答】解：A、因船在靜水中的速度小于水流速度，故不能到達(dá)正對岸故A錯誤B、因為不能垂直渡河，所以當(dāng)合速度的方向與靜水速的方向垂直，渡河位移最短，設(shè)此時合速度的方向與河岸的夾角為，sin=，那么渡河的最小位移x=m=250m，故B錯誤；C、當(dāng)靜水速的方向與河岸垂直時，渡河時間最短

17、，t=s=50s，故C錯誤；D、以最短時間渡河時，沿水流方向的位移大小x=vct=550m=250m故D正確應(yīng)選：D【點評】解決此題的關(guān)鍵知道合運動與分運動具有等時性，以及知道靜水速與河岸垂直時，渡河時間最短假設(shè)靜水速大于水流速，合速度方向與河岸垂直時，渡河位移最短；假設(shè)靜水速小于水流速，那么合速度方向與靜水速方向垂直時，渡河位移最短5關(guān)于環(huán)繞地球運動的衛(wèi)星，以下說法正確的選項是( )A分別沿圓軌道和橢圓軌道運行的兩顆衛(wèi)星，不可能具有相同的周期B在赤道上空運行的兩顆地球同步衛(wèi)星它們的軌道半徑有可能不同C沿橢圓軌道運行的一顆衛(wèi)星，在軌道不同位置可能具有相同的速率D沿不同軌道經(jīng)過武定一中上空的兩顆

18、衛(wèi)星，它們的軌道平面一定會重合【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系【專題】人造衛(wèi)星問題【分析】1、根據(jù)開普勒第三定律=k可知，只要a相等，周期T就相同2、所有同步衛(wèi)星的軌道都是統(tǒng)一軌道3、根據(jù)開普勒第二定律可知，橢圓軌道運行的衛(wèi)星速率是變的，關(guān)于長軸對稱的兩點速率是相等的4、軌道平面過地心和武定一中上空的軌道平面有無限多個【解答】解：A、根據(jù)開普勒第三定律=k可知，只要圓軌道的半徑和橢圓軌道的半長軸相等，周期就相同，故A錯誤；B、所有同步衛(wèi)星的軌道半徑、周期、線速度、角速度等均相同，故B錯誤；C、沿橢圓軌道運行的衛(wèi)星速率是變的，但是關(guān)于長軸對稱的兩點速率是相等的，故C正確；D、軌道平面過

19、地心和武定一中上空的軌道平面有無限多個，故D錯誤應(yīng)選：C【點評】人造地球衛(wèi)星的軌道平面必過圓心，萬有引力做向心力，軌道可以是圓的也可以是橢圓的，開普勒第三定律中的恒量均相等6質(zhì)量為m的小球在豎直平面內(nèi)的光滑圓軌道內(nèi)側(cè)做圓周運動圓半徑為R，小球經(jīng)過圓環(huán)內(nèi)側(cè)最高點時剛好不脫離圓環(huán)，那么其通過最高點時不正確的選項是( )A小球?qū)A環(huán)的壓力大小等于mgB重力mg充當(dāng)小球做圓周運動所需的向心力C小球的線速度大小等于D小球的向心加速度大小等于g【考點】向心力【專題】勻速圓周運動專題【分析】小球經(jīng)過圓環(huán)最高點時剛好不脫離圓環(huán)，知軌道對小球的彈力為零，靠重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出小球的速度【解答】解

20、：A、因為小球剛好在最高點不脫離圓環(huán)，那么軌道對球的彈力為零，所以小球?qū)A環(huán)的壓力為零故A錯誤BCD、根據(jù)牛頓第二定律得，mg=m=ma，知向心力不為零，線速度v=，向心加速度a=g故BCD正確此題選擇錯誤的，應(yīng)選：A【點評】解決此題的關(guān)鍵知道在最高點的臨界情況，v，運用牛頓第二定律進行求解7將一個質(zhì)量為1kg的小球豎直向上拋出，最終落回拋出點，運動過程中所受阻力大小恒定，方向與運動方向相反該過程的vt圖象如下圖，g取10m/s2以下說法中正確的選項是( )A小球所受重力和阻力大小之比為6：1B小球落回到拋出點時的速度大小為8m/sC小球上升過程與下落過程所用時間之比為3：2D小球下落過程中，

21、受到向上的空氣阻力，處于超重狀態(tài)【考點】牛頓第二定律；勻變速直線運動的圖像【專題】應(yīng)用題；定量思想；圖析法；牛頓運動定律綜合專題【分析】根據(jù)速度時間圖線得出勻減速運動的加速度大小，根據(jù)牛頓第二定律求出阻力的大小，從而得出小球重力和阻力的比值；根據(jù)牛頓第二定律求出下降的加速度，結(jié)合位移時間公式得出上升和下落時間之比根據(jù)圖線得出上升的位移，結(jié)合下降的加速度，運用速度位移公式求出小球回到拋出點的速度大小根據(jù)加速度的方向判斷小球的超失重【解答】解：A、小球向上做勻減速運動的加速度大小a1=12m/s2，根據(jù)牛頓第二定律得，mg+f=ma1，解得阻力f=ma1mg=2m=2N，那么重力和阻力大小之比為m

22、g：f=5：1故A錯誤B、小球上升的高度x=t1=2=24m，小球下降的加速度大小a2=8m/s2，根據(jù)x=a2t22得，t2=s，那么小球落回到拋出點時的速度大小為 v=a2t2=8 m/s，故B正確C、上升的時間和下落的時間之比為t1：t2=2：故C錯誤D、下落的過程中，加速度向下，處于失重狀態(tài)故D錯誤應(yīng)選：B【點評】此題考查了牛頓第二定律和速度時間圖線的運用，知道加速度是聯(lián)系力學(xué)和運動學(xué)的橋梁，知道圖線的斜率表示加速度，圖線與時間軸圍成的面積表示位移8如下圖為汽車在水平路面上啟動過程的vt圖象.0t1時間內(nèi)為勻加速階段，t1t2時間內(nèi)表示以額定功率行駛時的變加速階段，t2后是與t軸平行的

23、直線，那么以下說法正確的選項是( )A0t1時間內(nèi)，牽引力不變，功率增大B0t1時間內(nèi)，牽引力增大，功率不變Ct1t2時間內(nèi)，牽引力增大，加速度減小Dt1t2時間內(nèi)，牽引力做的功為mv22mv12【考點】功率、平均功率和瞬時功率；功的計算【專題】定性思想；圖析法；功率的計算專題【分析】0t1時間內(nèi)為勻加速階段，加速度不變，根據(jù)牛頓第二定律得出牽引力的變化，結(jié)合P=Fv判斷功率的變化在t1t2時間內(nèi)功率不變，根據(jù)P=Fv判斷牽引力的變化，結(jié)合牛頓第二定律判斷加速度的變化【解答】解：A、在0t1時間內(nèi)，做勻加速直線運動，加速度不變，根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)f=ma，牽引力不變根據(jù)P=Fv知，功率增大

24、故A正確，B錯誤C、t1t2時間內(nèi)，功率不變，根據(jù)P=Fv知速度增大，牽引力減小，根據(jù)牛頓第二定律得，a=，知加速度減小故C錯誤D、t1t2時間內(nèi)，根據(jù)動能定理得，可知牽引力做功W不等于故D錯誤應(yīng)選：A【點評】此題考查牛頓第二定律和功率公式的根本運用，勻加速運動階段，牽引力不變，到達(dá)額定功率后，功率不變，結(jié)合P=Fv進行分析求解9一物體以180J的初動能從傾角為30的斜坡底端沿斜坡向上運動當(dāng)物體向上滑到某一位置時，其動能減少了Ek=18J，機械能減少了E=3J不計空氣阻力，重力加速度g=10m/s2，那么物體返回斜坡底端時的動能為( )A120JB80JC60JD150J【考點】功能關(guān)系【專題

25、】定量思想；方程法；守恒定律在近代物理中的應(yīng)用【分析】物體從開始到經(jīng)過斜面上某一點時，受重力、支持力和摩擦力，總功等于動能增加量，機械能減小量等于克服摩擦力做的功，根據(jù)功能關(guān)系列式；對從最高點到底端過程再運用動能定理列式【解答】解：物體從開始到經(jīng)過斜面上某一點時，向上的位移大小是l，受重力、支持力和摩擦力，根據(jù)動能定理，有：mglsinfl=EKEK0=18J機械能的減小量等于克服摩擦力做的功：fl=E=3J由可解得：由于摩擦力做的功與重力做的功的比值不變，可知當(dāng)物體到達(dá)最高點時動能減少了120J，機械能減少了20J，所以物體上升過程中克服摩擦力做功是20J，全過程摩擦力做功為：W=40J 從

26、出發(fā)到返回底端，重力不做功，設(shè)回到出發(fā)點的動能為EK，由動能定理可得：W=EKEK0得EK=80J應(yīng)選：B【點評】功能關(guān)系有多種表現(xiàn)形式：合力的功總功等于動能增加量；重力做功等于重力勢能的減小量；除重力外其余力做的功等于機械能的增加量10水平地面上有一輕質(zhì)彈簧，下端固定，上端與物體A相連接，整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)現(xiàn)用一豎直向下的力壓物體A，使A豎直向下做勻加速直線運動一段距離，整個過程中彈簧一直處在彈性限度內(nèi)以下關(guān)于所加力F的大小和運動距離x之間關(guān)系圖象正確的選項是( )ABCD【考點】牛頓第二定律；胡克定律【分析】開始時物體處于平衡狀態(tài)，求出彈力和壓縮量x1；對勻加速過程，對物體受力分析后，根

27、據(jù)牛頓第二定律和胡克定律列式求解出彈力的表達(dá)式，再分析即可【解答】解：開始時，物體處于平衡狀態(tài)，物體受重力和彈力，那么有： mg=kx1物體向下勻加速過程，對物體受力分析，受重力、彈簧向上的彈力、推力F，根據(jù)牛頓第二定律，有 F+mgF彈=ma根據(jù)胡克定律，有 F彈=kx1+x=mg+kx解得：F=mamg+F彈=ma+kx，故彈力與x是線性關(guān)系，且是增函數(shù)，故D正確；應(yīng)選：D【點評】此題關(guān)鍵是求解出推力F的一般表達(dá)式，然后根據(jù)牛頓第二定律和胡克定律列式求解出推力的一般表達(dá)式后分析圖象特點此題也可以定性分析得到，即推力一定是增加的，剛開始推力不為零11利用以下哪組數(shù)據(jù)及萬有引力常量G，能夠計算

28、出地球質(zhì)量的是( )A地球繞太陽公轉(zhuǎn)的周期及地球繞太陽公轉(zhuǎn)的軌道半徑B月球繞地球運行的周期及月球繞地球運行的軌道半徑C人造地球衛(wèi)星在地面附近運行的速度和運行周期D假設(shè)不考慮地球自轉(zhuǎn)及將地球看成一個均勻球體，且地球半徑和地球外表重力加速度【考點】萬有引力定律及其應(yīng)用【專題】定量思想；推理法；萬有引力定律的應(yīng)用專題【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力，結(jié)合軌道半徑和周期求出中心天體的質(zhì)量；根據(jù)萬有引力等于重力求出地球的質(zhì)量【解答】解：A、根據(jù)得，太陽的質(zhì)量，無法求出地球的質(zhì)量，故A錯誤B、根據(jù)得，地球的質(zhì)量，故B正確C、人造地球衛(wèi)星的速度和周期，可以求出軌道半徑r=，根據(jù)可以求出地球的質(zhì)量，故C正確D、

29、根據(jù)得，地球的質(zhì)量M=，故D正確應(yīng)選：BCD【點評】解決此題的關(guān)鍵掌握萬有引力定律的兩個重要理論：1、萬有引力等于重力，2、萬有引力提供向心力，并能靈活運用12某同學(xué)在籃球訓(xùn)練中，以一定的初速度投籃，籃球水平擊中籃板，現(xiàn)在他向前走一小段距離，與籃板更近，再次投籃，出手高度和第一次相同，籃球又恰好水平擊中籃板上的同一點，那么( )A第二次投籃籃球的初速度小些B第二次擊中籃板時籃球的速度大些C第二次投籃時籃球初速度與水平方向的夾角大些D第二次投籃時籃球在空中飛行時間長些【考點】平拋運動【專題】平拋運動專題【分析】根據(jù)題目中說的兩次投籃都是水平擊中籃板，所以把籃球的運動從逆向來看，兩次的投籃都可以看

30、成是從同一個點開始的平拋運動，第一的水平的位移要比第二次的水平位移大，再根據(jù)平拋運動的規(guī)律來分析即可【解答】解：把同學(xué)投籃水平擊中籃板的過程看成逆向的從擊中籃板O點開始的平拋運動，如下圖，第二次投籃是下邊的一條拋物線，由此可見，第二次投籃時水平的位移要小，所以籃球的初速度要小些，初速度與水平方向的夾角要比第一次的大一些，所以AC正確應(yīng)選AC【點評】解答此題是從兩次的投籃來看，兩次運動之間的規(guī)律不好找，但是從逆向來看的話，兩次都可以看成是從同一點開始的平拋運動，但是兩次平拋運動的水平的位移不同，由此再比擬兩次投籃之間的關(guān)系就很容易了13以下說法正確的選項是( )A盧瑟福通過粒子散射實驗建立了原子

31、核式結(jié)構(gòu)模型B衰變中產(chǎn)生的射線實際上是原子的核外電子掙脫原子核的束縛而形成的C愛因斯坦在對光電效應(yīng)的研究中，提出了光子說D根據(jù)玻爾理論可知，氫原子輻射出一個光子后，氫原子的電勢能增大，核外電子的運動動能減小【考點】物理學(xué)史【專題】定量思想；歸謬反證法；直線運動規(guī)律專題【分析】盧瑟福通過粒子散射實驗推翻了湯姆孫的棗糕模型，建立了原子核式結(jié)構(gòu)模型；原子從高能級向低能級躍遷，輻射光子，從低能級向高能級躍遷，吸收光子衰變產(chǎn)生的電子來自原子核，不是核外電子【解答】解：A、盧瑟福通過粒子散射實驗建立了原子核式結(jié)構(gòu)模型故A正確B、衰變是原子核中的一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€質(zhì)子和一個電子，電子釋放出來故B錯誤C、愛因

32、斯坦在對光電效應(yīng)的研究中，提出了光子說故C正確D、氫原子輻射出一個光子后，能量減小，軌道半徑減小，動能增大，那么電勢能減小故D錯誤應(yīng)選：AC【點評】此題考查了核式結(jié)構(gòu)模型、玻爾理論、衰變等根底知識點，難度不大，關(guān)鍵要熟悉教材，牢記這些根底知識點14如下圖，傾斜的傳送帶始終以恒定速率v2運動一小物塊以v1的初速度沖上傳送帶，v1v2小物塊從A到B的過程中一直做減速運動，那么小物塊( )A小物塊到達(dá)B端的速度可能等于v2B小物塊到達(dá)B端的速度不可能等于零C小物塊的機械能一直在減少D小物塊所受合力一直在做負(fù)功【考點】功能關(guān)系；牛頓第二定律【分析】小物塊以初速度v1從底端沖上傳動帶，且v1大于v2，所

33、以物塊在重力沿斜面的分量及摩擦力作用下做勻減速運動，當(dāng)速度減為v2后，重力沿斜面的分量大于向上的摩擦力，物體繼續(xù)減速，摩擦力方向上，也可以一直減到頂端時速度剛好為v2，根據(jù)除重力以外的力做的功等于機械能的變化量，判斷機械能的變化情況，根據(jù)動能定理可知，W合=EK判斷合力做功情況【解答】解：A、小物塊從傳動帶底端到達(dá)頂端的過程中一直做減速運動，減到頂端時速度可能剛好與傳送帶速度相等，故A正確；B、小物塊以初速度v1從底端沖上傳動帶，且v1大于v2，所以物塊在重力沿斜面的分量及摩擦力作用下做勻減速運動，當(dāng)速度減為v2后，重力沿斜面的分量可以大于向上的摩擦力，這樣合力方向向下，物體繼續(xù)減速，到達(dá)頂端

34、時，速度有可能正好減為零，故B錯誤；C、除重力以外的力做的功等于機械能的變化量，剛開始v1大于v2，摩擦力方向向下，做負(fù)功，機械能減小，當(dāng)速度減為v2后，再減速時，摩擦力方向向上，做正功，機械能增大，故C錯誤；D、根據(jù)動能定理可知，W合=EK，因為物體一直做減速運動，速度動能一直減小，合外力一直做負(fù)功，故D正確應(yīng)選：AD【點評】此題主要考查了動能定理、機械能守恒定律的條件的直接應(yīng)用，關(guān)鍵是正確分析物體的運動情況和受力情況，還要會分析摩擦力的方向，難度適中15質(zhì)量不計的直角形支架兩端分別連接質(zhì)量為m和2m的小球A和B支架的兩直角邊長度分別為2l和l，支架可繞固定軸O在豎直平面內(nèi)無摩擦轉(zhuǎn)動，如下圖

35、，開始時OA邊處于水平位置，由靜止釋放，那么( )AA球的最大速度為BA球的速度最大時，其重力勢能最小CA球的速度最大時，兩直角邊與豎直方向的夾角為45DB球上升的最大高度為l【考點】機械能守恒定律【專題】機械能守恒定律應(yīng)用專題【分析】AB兩個球組成的系統(tǒng)機械能守恒，但對于單個的球來說機械能是不守恒的，根據(jù)系統(tǒng)的機械能守恒列式可以求得AB之間的關(guān)系，同時由于AB是同時轉(zhuǎn)動的，它們的角速度的大小相同【解答】解：B、由機械能守恒可知，兩球總重力勢能最小時，二者的動能最大，故B錯誤；C、根據(jù)題意知兩球的角速度相同，線速度之比為VA：VB=2l：l=2：1；當(dāng)OA與豎直方向的夾角為時，由機械能守恒得：

36、mg2lcos2mgl1sin=mVA2+2mVB2，解得：VA2=glsin+cosgl=glsin+45gl，由數(shù)學(xué)知識知，當(dāng)=45時，sin+cos有最大值，應(yīng)選項C是正確的；A、最大值為：VA=，所以A正確；D、當(dāng)VA2=glsin+cosgl=glsin+45gl=0時，=0或90；故D正確；應(yīng)選：ACD【點評】此題中的AB的位置關(guān)系并不是在一條直線上，所以在球AB的勢能的變化時要注意它們之間的關(guān)系，在解題的過程中還要用到數(shù)學(xué)的三角函數(shù)的知識，要求學(xué)生的數(shù)學(xué)根本功要好，此題由一定的難度二、實驗題本大題共有2個小題，每空3分，共15分161做“研究平拋運動的實驗時，讓小球?qū)掖窝赝卉壍?/p>

37、運動，通過描點法畫小球做平拋運動的軌跡，為了能準(zhǔn)確地描繪運動軌跡，下面列出了一些操作要求，你認(rèn)為不正確的選項是BA通過調(diào)節(jié)使斜槽的末端保持水平B每次釋放小球的位置必須不同C每次必須由靜止釋放小球D小球運動時不應(yīng)與木板上的白紙或方格紙相接觸2在實驗中得到如下圖的坐標(biāo)紙，坐標(biāo)紙方格邊長a和當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，那么平拋的初速度vo=【考點】研究平拋物體的運動【專題】實驗題【分析】1保證小球做平拋運動必須通過調(diào)節(jié)使斜槽的末端保持水平，因為要畫同一運動的軌跡，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度，實驗要求小球滾下時不能碰到木板平面，防止因摩擦而使運動軌跡改變，最后軌跡應(yīng)連成

38、平滑的曲線2在實驗中讓小球能做平拋運動，并能描繪出運動軌跡，因此要求從同一位置屢次無初速度釋放同時由運動軌跡找出一些特殊點利用平拋運動可看成水平方向勻速直線運動與豎直方向自由落體運動去解題【解答】解：1A、通過調(diào)節(jié)使斜槽末端保持水平，是為了保證小球做平拋運動，故A正確；BC、因為要畫同一運動的軌跡，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度，故B錯誤、C正確；D、小球運動時不應(yīng)與木板上白紙接觸，防止摩擦而改變運動的軌跡故D正確此題選擇不正確的，應(yīng)選：B2a、b、c、d是平拋運動軌跡上的點，平拋運動可看成豎直方向自由落體運動與水平方向勻速直線運動 由水平位移可知：四個點時間

39、間隔相等 豎直方向：自由落體運動，因時間相等，由h=gt2可得：t=水平方向：勻速運動，那么v0=2； 根據(jù)題意在豎直方向：b點是a、c兩點的中間時刻，所以b點的瞬時速度等于ac段的平均速度 那么b點的豎直方向速度vy=而b點的水平方向速度v0=2； 所以b點的速度為vb=故答案為：1B；2【點評】1解決平拋實驗問題時，要特別注意實驗的考前須知在平拋運動的規(guī)律探究活動中不一定局限于課本實驗的原理，要注重學(xué)生對探究原理的理解2此題考查了實驗考前須知，要知道實驗原理與實驗考前須知在實驗中如何實現(xiàn)讓小球做平拋運動是關(guān)鍵，同時讓學(xué)生知道描點法作圖線方法：由實驗數(shù)據(jù)得來的點，進行平滑連接起來17某實驗小

40、組利用如圖甲所示的實驗裝置來驗證鉤碼和滑塊所組成的系統(tǒng)機械能守恒實驗前調(diào)整氣墊導(dǎo)軌底座使之水平1如圖乙所示，用游標(biāo)卡尺測得固定在滑塊上的遮光條的寬度d= cm；實驗時將滑塊從圖示位置由靜止釋放，由數(shù)字計時器讀出遮光條通過光電門的時間t=1.3102 s，那么滑塊經(jīng)過光電門時的瞬時速度為0.40m/s在本次實驗中還需要測量的物理量有：鉤碼的質(zhì)量m、滑塊上的遮光條初始位置到光電門的距離s和滑塊的質(zhì)量M2本實驗驗證系統(tǒng)的機械能守恒定律的表達(dá)式為：mgs=用測量的物理量符號表示【考點】驗證機械能守恒定律【專題】實驗題；定性思想；實驗分析法；機械能守恒定律應(yīng)用專題【分析】1掌握游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法，即主尺

41、讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀；本實驗中由于遮光條通過光電門的時間極短因此可以利用平均速度來代替其瞬時速度大??；2比擬重力勢能的減小量和動能的增加量是否相等即可判斷機械能是否守恒【解答】解：1游標(biāo)卡尺主尺讀數(shù)為5mm+0.12mm=5.2mm=0.52cm由于遮光條通過光電門的時間極短因此可以利用平均速度來代替其瞬時速度，因此滑塊經(jīng)過光電門時的瞬時速度為：v=0.40m/s2鉤碼和滑塊所組成的系統(tǒng)為研究對象，其重力勢能的減小量為mgs，系統(tǒng)動能的增量為：=，所以本實驗驗證系統(tǒng)的機械能守恒定律的表達(dá)式為為mgs=故答案為：10.52；0.40；2mgs=【點評】常用儀器的讀數(shù)要掌握，這是物理實驗的根

42、底處理實驗時一定要找出實驗原理，根據(jù)實驗原理我們可以尋找需要測量的物理量和需要注意的事項三、計算題此題共4個小題，第18、19小題各8分，第20小題9分，第21小題10分，共35分解答過程應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的問題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位18一輛汽車在高速公路上以30m/s的速度勻速行駛，由于在前方出現(xiàn)險情，司機采取緊急剎車，剎車時的加速度大小為5m/s2，求：1汽車剎車后20秒內(nèi)滑行的距離2汽車剎車停止前2秒內(nèi)滑行的距離【考點】勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系【專題】直線運動規(guī)律專題【分析】1根據(jù)速度時間公式求出汽車速度減為

43、零的時間，判斷汽車是否停止，再結(jié)合位移公式求出剎車后的位移2采用逆向思維，結(jié)合位移時間公式求出停止前2s內(nèi)滑行的距離【解答】解：1由v0=at得，剎車時間為t=6s 所以汽車剎車后20s內(nèi)滑行的距離等于6s內(nèi)的位移，那么2采用逆向思維，汽車剎車停止前2秒內(nèi)滑行的距離x=答：1汽車剎車后20秒內(nèi)滑行的距離為90m2汽車剎車停止前2秒內(nèi)滑行的距離為10m【點評】此題考查了運動學(xué)中的剎車問題，是道易錯題，注意汽車速度減為零后不再運動19如下圖，在光滑的圓錐頂用長為L的細(xì)線懸掛一個質(zhì)量為m的小球，圓錐體固定在水平面上不動，其軸線沿豎直方向，母線與軸線之間的夾角為30，物體以速率v繞圓錐體軸線做水平圓周

44、運動求：1當(dāng)小球?qū)A錐體的壓力恰好為零時，小球速度大小v1為多少？2當(dāng)v2=時，那么線對物體的拉力大小為多少？【考點】向心力【專題】計算題；比擬思想；臨界法；勻速圓周運動專題【分析】1當(dāng)小球?qū)A錐體的壓力為零時，由重力和細(xì)線的拉力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律和向心力結(jié)合求出小球速度大小v12根據(jù)小球的速度與臨界速度比擬，判斷小球是否離開圓錐體，再結(jié)合合力提供向心力，運用牛頓第二定律求出細(xì)線對小球的拉力【解答】解：1當(dāng)小球?qū)A錐體的壓力為零時，由重力和細(xì)線的拉力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得： mgtan30=m解得：v1=2由于v2=v0，那么此時小球已經(jīng)離開圓錐面，設(shè)繩子與豎直方向夾角為，那么： mgtan=m解得：=60繩子拉力大小為：T=2mg答：1當(dāng)小球?qū)A錐體的壓力恰好為零時，小球速度大小v1為2當(dāng)v2=時，那么線對物體的拉力大小為2mg【點評】解決此題的關(guān)鍵知道小球圓周運動向心力的來源，結(jié)合牛頓第二定律進行求解，根據(jù)牛頓第二定律求出臨界速度是解決此題的關(guān)鍵20如下圖，光滑水