2021屆廣東省湛江一中高考考前模擬物理模擬試卷(含答案解析)

2021屆廣東省湛江一中高考考前模擬物理模擬試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.如圖所示，一個(gè)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的半徑為廠的水平圓盤上放著兩個(gè)木塊，木塊M

放在圓盤的邊緣處，木塊N放在離圓心］處，木塊M和N質(zhì)量之比為1：

3,且與圓盤摩擦因數(shù)相等，它們都隨圓盤一起做勻速圓周運(yùn)動(dòng).下列說法

中正確的是（）

A.M、N兩木塊的線速度大小相等

B.M所受摩擦力小于N所受的摩擦力

C.M的向心加速度是N的3倍

D.若圓盤運(yùn)動(dòng)加快，N相對于圓盤先發(fā)生相對運(yùn)動(dòng)

2.如圖所示，盤上小物體隨盤做勻速圓周運(yùn)動(dòng).則對小物體受力分析正確說法是

（）

A.小物體不受摩擦力的作用

B.小物體受摩擦力的作用，且方向指向圓心

C.小物體受摩擦力的作用，且方向與小物體運(yùn)動(dòng)的方向相同

D.小物體受摩擦力的作用，且方向與小物體運(yùn)動(dòng)的方向相反

3.在真空中的一個(gè)點(diǎn)電荷的電場中，離該點(diǎn)電荷距離為的一點(diǎn)引入電荷量為q的檢驗(yàn)電荷，所

受靜電力為凡則離該點(diǎn)電荷為『處的場強(qiáng)為（）

駕

B.D.-

qrzC?薪

4.如圖所示，一只用絕緣材料制成的半徑為R的半球形碗倒扣在水

平面上，其內(nèi)壁上有一質(zhì)量為，”的帶正電小球，在豎直向上的電R

場力F=2mg的作用下靜止在距碗口（/?高處.已知小球與碗之間

的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，則碗對小球的彈力與摩擦力的大小分別為（）

A.0.8mg和0.6?ngB.0.8mg和0.8〃7ng

C.mg和卬ngD.mg和0.6mg

5.現(xiàn)有小燈泡甲“6V,4W”，小燈泡乙“6匕3W”，可變電阻凡電源（電動(dòng)勢12V,內(nèi)阻不計(jì)）,

電路可以任意連接，要求兩燈泡同時(shí)正常發(fā)光，則電路消耗的最小功率為（）

A.6WB.1WC.8WD.141V

6.如圖所示，A、B、C三物塊的質(zhì)量均為"?，B、C粘連在一起，將AB兩物

塊用勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧連接，此時(shí)A、B、C三物塊均處于靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)“匚

在物塊A上施加豎直向上的拉力F,當(dāng)物塊C恰好要離開地面時(shí)物塊A的<

速度大小為貝）cfH[

/777777Z

A.物塊4的重力勢能增加了當(dāng)

B.彈簧的彈性勢能不變

C.拉力F所做的功大于邛史+工加/

k2

D.拉力F以及彈簧對A物塊所做的功等于[nW?

C.在4s末，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)方向反向

D.在t=12s末，質(zhì)點(diǎn)的加速度為—1m/s2

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

8.在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，小明同學(xué)用同一實(shí)驗(yàn)裝置（如圖a）在甲、乙、丙三種光的照射下得到了三條

電流表與電壓表讀數(shù)之間的關(guān)系曲線，如圖人所示。則正確的是（）

A.乙光的頻率大于甲光的頻率

B.甲光的波長大于丙光的波長

C.丙光的光子能量小于甲光的光子能量

D.乙光對應(yīng)的光電子最大初動(dòng)能等于丙光的光電子最大初動(dòng)能

9.半圓柱體P放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的豎直擋板MN.在半圓柱體尸和之

間放有一個(gè)光滑均勻的小圓柱體。，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示是這個(gè)裝置的截面圖，

若用外力使MN保持豎直并且緩慢地向右移動(dòng)，在。到達(dá)地面以前，

P始終保持靜止.在此過程中，下列說法中正確的是（）

A.對。的彈力逐漸增大B.地面對P的摩擦力逐漸

增大

C.RQ間的彈力先減小后增大D.Q所受的合力逐漸增大

10.如圖所示，帶等量異號電荷的兩平行金屬板在真空中水平放置，

M.|vM

N為板間同一電場線上的兩點(diǎn)，一帶電粒子（不受重力）以速度vM經(jīng)

過M點(diǎn)在電場線上向下運(yùn)動(dòng)，且未與下板接觸，一段時(shí)間后，粒子N,(PN

以速度iW折回N點(diǎn)。則（）

A.粒子受電場力的方向一定由N指向M

B.粒子在M點(diǎn)的速度一定比在N點(diǎn)的大

C.粒子在M點(diǎn)的電勢能一定比在N點(diǎn)的小

D.電場中"點(diǎn)的電勢一定高于N點(diǎn)的電勢

三、填空題（本大題共2小題，共8.0分）

11.一定質(zhì)量的理想氣體，從狀態(tài)M開始，經(jīng)狀態(tài)N、?；氐皆瓲顟B(tài)其p-V圖像如圖所示，其

中平行于橫軸。N。平行于縱軸，M、N在同一等溫線上。氣體從狀態(tài)M到狀態(tài)N的過程中

溫度（選填“升高"、“降低”、“先升高后降低”或“先降低后升高"）;氣體從狀態(tài)

N到狀態(tài)Q的過程中，（選填“吸收”或“放出”）熱量；氣體從狀態(tài)。到狀態(tài)M的過

程中外界對氣體所做的功（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體從狀態(tài)M到狀態(tài)N

的過程中氣體對外界所做的功。

12.點(diǎn)光源照在一個(gè)剃須刀片上，在屏上形成了它的影子，其邊緣較為模糊，原因是光的

四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共1小題，共6.0分）

13.如圖1所示是“探究功與速度變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)裝置，

圖1

(1)圖2是平衡阻力時(shí)得到的三條紙帶，可認(rèn)為完成平衡阻力的是(單選)。

(2)小盤與盤中祛碼一起提供的牽引力是一個(gè)(填“恒力”或“變力”)。

(3)圖3的紙帶中每兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)沒有畫出，。點(diǎn)為打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的第一個(gè)點(diǎn)，根據(jù)

紙帶求出產(chǎn)點(diǎn)所對應(yīng)速度的大小為m/So(保留三位有效數(shù)字)

五、簡答題(本大題共3小題，共23.0分)

14.如圖1所示，為一段粗細(xì)均勻的圓柱形新型導(dǎo)電材料棒，阻值約為現(xiàn)測量該材料的電阻

率.

圖2圖3

(1)分別使用游標(biāo)卡尺和螺旋測微器測量圓柱體的直徑和長度，某次測量的示數(shù)如圖2甲和圖2乙所

示，直徑為mm,長度為cm.

(2)在下列器材中選用合適器材用伏安法盡可能精確地測量其電阻，應(yīng)選(填序號).

A.電流表4：量程為內(nèi)阻約為10。

5電流表量程為3A,內(nèi)阻約為0.10

C.電壓表匕：量程為15V,內(nèi)阻約為30k0

。.電壓表彩：量程為6匕內(nèi)阻約為15ko

￡滑動(dòng)變阻器：最大阻值為200,額定電流1A

F.低壓直流電源：電壓6匕內(nèi)阻忽略

G.電鍵K,導(dǎo)線若干

(3)請?jiān)趫D3虛線框中畫出完整的實(shí)驗(yàn)電路圖.

(4)如果實(shí)驗(yàn)中電流表示數(shù)為/,電壓表示數(shù)為U,并測出該棒的長度為L、直徑為D,則該材料的

電阻率p=(用測出的物理量的符號表示)

15.如圖所示，長為/的絕緣細(xì)線一端懸于。點(diǎn)，另一端系一質(zhì)量為加、

電荷量為-q的小球(可視為質(zhì)點(diǎn))?，F(xiàn)將此裝置放在水平的勻強(qiáng)電場中,

小球靜止在A點(diǎn)，此時(shí)細(xì)線與豎直方向成37。角。已知電場的范圍足

夠大，空氣阻力可忽略不計(jì)，重力加速度為g,sin37°=0.6,cos37°=

0.8o

(1)請判斷電場強(qiáng)度的方向，并求電場強(qiáng)度E的大??；

(2)求40兩點(diǎn)間的電勢差〃°；

(3)若在A點(diǎn)對小球施加一個(gè)拉力，將小球從A點(diǎn)沿圓弧緩慢向左拉起至與。點(diǎn)處于同一水平高度且

該過程中細(xì)線始終張緊，則所施拉力至少要做多少功。

16.如圖所示，MN是一條通過透明球體球心的直線.在真空中波長為;I。=5.64xICT?7n的單色細(xì)

光束AB平行于MN射向球體，8為入射點(diǎn)，若出射光線CD與的交點(diǎn)P到球心。的距離是

球半徑的夜倍，且與所成的角a=30。.求：

(1)透明體的折射率；

(2)此單色光在透明球體中的波長.

六、計(jì)算題(本大題共2小題，共24.0分)

17.如圖所示，直線y=x與),軸之間有垂直于x。)，平面向外的勻強(qiáng)磁場Bi，直線#=&與丫=》間有

沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度E=1.0x104V/m,另有一半徑R=1.0m的圓形勻強(qiáng)磁場

區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度為=0.207,方向垂直坐標(biāo)平面向外，該圓與直線x=d和x軸均相切，且與

x軸相切于S點(diǎn).一帶負(fù)電的粒子從S沿y軸的正方向以速度先進(jìn)入圓形磁場區(qū)域，經(jīng)過一段時(shí)

間進(jìn)入磁場區(qū)域當(dāng)時(shí)的速度方向與直線y=x垂直.粒子速度大小為=1.0x105m/s,粒子的比

荷為5=5.0x105c/kg,粒子重力不計(jì)，求：

(1)坐標(biāo)d的值；

(2)要使粒子無法運(yùn)動(dòng)到x軸的負(fù)半軸，則磁感應(yīng)強(qiáng)度必應(yīng)滿足的條件；

(3)在(2)問的基礎(chǔ)上，粒子從開始進(jìn)入圓形磁場至第二次到達(dá)直線y=x上的最長時(shí)間.(結(jié)果保留兩

位有效數(shù)字)

18.如圖所示，豎直放置的圓柱形氣缸固定不動(dòng)，內(nèi)壁光滑，下端與大氣相連，A、B兩活塞的面積

2

分別為叢=20C巾2、SB=10cm,它們通過一條細(xì)繩連接，活塞B又與另一條細(xì)繩連接，繩子

跨過兩個(gè)光滑定滑輪與重物C連接。已知A、B兩活塞的質(zhì)量分別為m.=1kg、mB=0.5kg,

當(dāng)活塞靜止時(shí)，氣缸中理想氣體壓強(qiáng)pi=1.2xlO5Pa,溫度7\=800K,活塞A距地面的高度為

L=10cm,上、下氣缸內(nèi)氣體的長度分別為2乙、L,大氣壓強(qiáng)為&=1x105pa,上氣缸足夠

長，重力加速度g=10m/s2.則：

(1)求重物C的質(zhì)量M；

(2)緩慢改變氣缸內(nèi)氣體的溫度直至活塞A恰好接觸地面，但無相互作用力，氣缸內(nèi)氣體的溫度6為

多少開爾文？

【答案與解析】

1.答案：C

解析：

對小木塊進(jìn)行運(yùn)動(dòng)分析和受力分析，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合力等于向心力，指向圓心.物塊與圓盤一

起運(yùn)動(dòng)，角速度相等，靠摩擦力提供向心力。

解決本題的關(guān)鍵知道木塊做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力的來源，以及知道向心加速度與半徑的關(guān)系。

A.物塊與圓盤一起運(yùn)動(dòng)，角速度相等，半徑不同，則線速度不等，故A錯(cuò)誤；

摩擦力提供向心力：f=ma)2r,

木塊M和N質(zhì)量之比為1：3,半徑之比3：1,可見摩擦力相等，故B錯(cuò)誤；

C.向心加速度a=?2r,3相同，則向心加速度之比等于半徑之比，歷的向心加速度是N的3倍，C

正確；

D由前面分析知二者所受的摩擦力一直相等，但M的質(zhì)量小，故M最先達(dá)到最大靜摩擦力，相對于

圓盤先發(fā)生相對運(yùn)動(dòng)，故。錯(cuò)誤。

故選Co

2.答案：B

解析：解：物體做圓周運(yùn)動(dòng)向心力向心力，由靜摩擦力提供，因?yàn)橄蛐牧Φ姆较蛑赶驁A心，則靜摩

擦力的方向指向圓心.故B正確、ACD錯(cuò)誤.

故選：B.

小物體在水平面上做圓周運(yùn)動(dòng)，需要的向心力沿水平方向，而小物體受到豎直向下的重力和豎直向

上的支持力，不可能提供向心力，故只能是盤面對小物體的靜摩擦力提供向心力.由向心力的來源

確定靜摩擦力的方向.

解決本題的關(guān)鍵知道向心力的大小公式，以及知道物體做圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來源.

3.答案：B

解析：解：根據(jù)電場強(qiáng)度定義得2處的場強(qiáng)大小為E]=%

根據(jù)點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式得E=吟,Q為場源電荷的電量，

則離該點(diǎn)電荷為2處的場強(qiáng)為：Ei=k/

離該點(diǎn)電荷為r處的場強(qiáng)為：E2=k^,

由上兩式之比得：母

&rz

所以該點(diǎn)電荷為r處的場強(qiáng)的大小為E2=^?Ei=需。

故選：Be

先根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式E=；求出離該點(diǎn)電荷距離為r0處的場強(qiáng)大小，再由點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式E=

吟,運(yùn)用比例求解離該點(diǎn)電荷為r處的場強(qiáng).

解答本題關(guān)鍵要掌握場強(qiáng)的兩大公式定義式E=:和點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式E=居,熟練運(yùn)用比例法，即

可進(jìn)行求解.

4.答案：A

解析：解：對帶電小球受力分析，則有：電場力、重力、支持力與摩擦力，處于平衡狀態(tài)，

根據(jù)力的平行四邊形定則可知，N=mgcosa；f=mgsina-.

由幾何關(guān)系，則有sina=|；cosa=g；

因此碗對小球的彈力N=0.8mg和摩擦力的大小/=0.6mg；故A正確，8CQ錯(cuò)誤；

故選：A

對帶電小球受力分析，結(jié)合平衡方程，與力的合成與分解，即可求解.

考查小球如何受力分析，掌握力的處理方法，理解力的平行四邊形定則，注意幾何關(guān)系的構(gòu)建.

5.答案：C

解析：

先根據(jù)/=，求解兩個(gè)燈泡的電流，由于燈泡都正常發(fā)光，電壓相等，但電流不等，所以燈泡乙和可

變電阻并聯(lián)，并聯(lián)后與電阻燈泡中串聯(lián)，根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)以及功率公式求解即可.本題主要

考查了串并聯(lián)電路的特點(diǎn)以及功率公式的直接應(yīng)用，知道燈泡正常發(fā)光時(shí)，電壓為其額定電壓，功

率為其額定功率，難度適中。

兩燈泡同時(shí)正常發(fā)光，小燈泡甲的電流為：人=今=2=(4

小燈泡乙的電流為：則燈泡乙和可變電阻并聯(lián)，并聯(lián)后與電阻燈泡甲串聯(lián)接入電

I2=^u2-=1b=\NA,

路,

則R消耗的功率為：PR=(A-/2W=6x(|-|)=1W,

則電路消耗的最小功率為：P=PI+P2+PR=4+3+1=8W,故。正確。

故選：Co

6.答案：C

解析：

當(dāng)物塊C恰好要離開地面時(shí)彈簧的彈力等于BC的總重力；根據(jù)胡克定律求出A上升的高度，即可

求得其重力勢能增加量；彈簧勢能根據(jù)彈簧形變量的變化分析.根據(jù)動(dòng)能定理列式求解尸做功.

本題關(guān)鍵是對物體A的狀態(tài)進(jìn)行分析，進(jìn)行簡單的受力分析并運(yùn)用胡克定律列式求解，最后根據(jù)動(dòng)

能定理求解即可.

4、開始時(shí)，彈簧的壓縮量為與=詈；當(dāng)物塊C恰好要離開地面時(shí)彈簧的彈力等于8C的總重力，

此時(shí)彈簧伸長量為犯=等；故此過程中A上升的距離為九=%+&=3詈，4的重力勢能增加量

1

為4Ep=mgh=.故A錯(cuò)誤.

B、由上分析知，彈簧的形變量在變化，所以彈簧的彈性勢能在變化，故B錯(cuò)誤.

22

C、對A,根據(jù)動(dòng)能定理得：WF-mgh-彈=|mv,則得：拉力尸做功必=mgh+W^+^mv-

￥+勿涉+1巾/,則有%>￥+：皿層.故。正確.

2

。、由上式得：WF-=mgh+^mv,故。錯(cuò)誤.

故選：Co

7.答案：D

解析：解：A、在0?4s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在4-6s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度不同，

所以在0?6s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)做非勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故4錯(cuò)誤；

B、在6s?10s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)以4m/s的速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C、在0-14s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的速度都為正，一直沿正方向運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向沒有改變，故C錯(cuò)誤；

D、在t=12s末，質(zhì)點(diǎn)的加速度為。=一===-1巾/$2,故。正確.

△t4

故選：D

由圖可知物體的運(yùn)動(dòng)過程中速度的變化，分析質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況，由圖象中斜率可得出加速度的大小.

本題考查學(xué)生對圖象的認(rèn)識，記住圖象的斜率表示加速度，圖象與時(shí)間軸圍成的面積表示這段

時(shí)間內(nèi)物體通過的位移.

8.答案：ABD

解析：解：乙丙兩個(gè)的遏止電壓相等，且大于甲光的遏止電壓，根據(jù)=e4知乙丙兩光照射產(chǎn)

生光電子的最大初動(dòng)能相等，大于甲光照射產(chǎn)生的光電子最大初動(dòng)能。

根據(jù)光電效應(yīng)方程以加=狂一%知逸出功相等，知乙丙兩光的頻率相等，大于甲光的頻率。所以

乙丙兩光的光子能量相等大于甲光的光子能量。

甲光頻率小，則波長長。故4BD正確，C錯(cuò)誤；

故選：ABD.

根據(jù)遏止電壓比較最大初動(dòng)能，從而比較光子頻率的大小，得出波長的大小。

解決本題的突破口在于通過遏止電壓比較最大初動(dòng)能，結(jié)合光電效應(yīng)方程進(jìn)行分析。

9.答案:AB

解析：

先對。受力分析，受重力、P對。的支持力和MN對Q的支持力，根據(jù)平衡條件求解出兩個(gè)支持力；

再對P、。整體受力分析，受重力、地面支持力、擋板對其向左的支持力和地面對其向右的摩擦

力力，再次根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式求解。

本題關(guān)鍵是先對物體Q受力分析，再對尸、Q整體受力分析，然后根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件求出各個(gè)力

的表達(dá)式，最后再進(jìn)行討論。

先對。受力分析，受重力、尸對。的支持力和對。的支持力，如圖

根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有：M=懸，N2=mgtand,再對P、。整體受力分析，受重力、地面支

持力、MN擋板對其向左的支持力和地面對其向右的支持力，如圖

個(gè)N

J(M+m)g

根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有：f=N2>W=（M+m）g,故f=mgtan。，MN保持豎直且緩慢地向右

移動(dòng)過程中，角。不斷變大，故/變大，N不變，M變大，％變大，P、。受到的合力為零，故A8正

確，CD錯(cuò)誤。

故選ABo

10.答案：ABC

解析：解：粒子運(yùn)動(dòng)過程只受電場力作用；

A、帶電粒子向下運(yùn)動(dòng)未與下板接觸而折回，可知粒子向下做的是勻減速運(yùn)動(dòng)，故電場力一定由N

指向例，故A正確；

BC、粒子由M到N的過程中，電場力做負(fù)功，電勢能增加，動(dòng)能減少，故速度減小，那么，M點(diǎn)、

的速度大于N點(diǎn)的速度，粒子在M點(diǎn)的電勢能一定比在N點(diǎn)的小，故8、C正確；

由于粒子和兩極板所帶電荷的電性未知，故不能判斷電場方向，所以，M、N點(diǎn)電勢的高低無法

判斷，故。錯(cuò)誤.

故選：ABC.

根據(jù)粒子運(yùn)動(dòng)得到粒子加速度方向，從而得到電場力方向及速度變化；再根據(jù)電場力方向得到電場

力做功，進(jìn)而得到電勢能變化。

（1）電場力做正功時(shí)電荷的電勢能減小，電場力做負(fù)功時(shí)電勢能增加；（2）電場力做功要注意電荷的

正負(fù)，極性不同則做功不同。

11.答案：先降低后升高吸收大于

解析：解：①由理想氣體狀態(tài)方程華=C可知，p-U圖像的等溫線為雙曲線，離軸越遠(yuǎn)（p與丫乘積

越大）表示溫度越高，則氣體從狀態(tài)M到狀態(tài)N的過程中溫度先升高后降低；

②由題意：NQ平行于縱軸，則氣體從狀態(tài)N到狀態(tài)。的過程中，體積不變，壓強(qiáng)變大，故氣體的

溫度升高，內(nèi)能增大，由熱力學(xué)第一定律△（/=〃+（?,其中AU〉。，W=0,可得Q>0,故該

過程氣體吸收熱量；

③解答一：氣體從狀態(tài)。到狀態(tài)M的過程與從狀態(tài)M到狀態(tài)N的過程相比，壓強(qiáng)較大，而兩過程

氣體體積的變化相同，由勿=pZU可知，氣體從狀態(tài)。到狀態(tài)M的過程中外界對氣體所做的功大

于氣體從狀態(tài)M到狀態(tài)N的過程中氣體對外界所做的功：

解答二：p-1/圖像中圖線與體積軸圍成的面積代表氣體對外界所做的功（體積增大時(shí)）或外界對氣體

所做的功（體積減小時(shí)），如下圖所示，氣體從狀態(tài)。到狀態(tài)M的過程中外界對氣體所做的功等于圖

中藍(lán)色區(qū)域部分面積，氣體從狀態(tài)M到狀態(tài)N的過程中氣體對外界所做的功等于圖中紅色區(qū)域部分

的面積，故氣體從狀態(tài)。到狀態(tài)M的過程中外界對氣體所做的功大于氣體從狀態(tài)用到狀態(tài)N的過

程中氣體對外界所做的功。

故答案為：先升高后降低；吸收；大于。

由P-V圖像的等溫線為雙曲線，離軸越遠(yuǎn)表示溫度越高，判斷狀態(tài)M到狀態(tài)N的過程中溫度的變

化；先由理想氣體狀態(tài)方程判斷出狀態(tài)N到狀態(tài)。的過程中溫度的變化，得到內(nèi)能的變化，再由熱

力學(xué)第一定律推斷吸放熱情況；p-U圖像中圖線與體積軸圍成的面積代表氣體對外界所做的功或外

界對氣體所做的功。

本題考查P-U圖像的識圖與應(yīng)用，應(yīng)用熱力學(xué)第一定律（AU=〃+Q）,要注意式中各量的正負(fù)號

的確定，尤其是要注意氣體體積變大，對外界做功，VI/<0；掌握p-V圖像中圖線與體積軸圍成的

面積代表氣體對外界所做的功（體積增大時(shí)）或外界對氣體所做的功（體積減小時(shí)），可用此方法定量計(jì)

算壓強(qiáng)變化情況下的氣體做功，或定性比較做功的多少。

12.答案:衍射

解析：解：在刀片邊緣有部分光繞過障礙物進(jìn)入到陰影中去，從而看到影子的邊緣模糊，光繞過障

礙物偏離直線傳播是光的衍射。

故答案為：衍射。

光繞過障礙物繼續(xù)傳播的現(xiàn)象叫光的衍射。根據(jù)光的衍射現(xiàn)象的特性分析。

本題考查了光的衍射現(xiàn)象，知道生活中哪些現(xiàn)象屬于光的衍射現(xiàn)象，并知道其原理，注意明顯的衍

射是有條件的。

13.答案：B恒力0.293

解析：解：（1）平衡阻力時(shí)，小車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，相同的時(shí)間發(fā)生的位移相等，紙帶上的點(diǎn)跡均勻，

故AC錯(cuò)誤，B正確；

故選：B.

（2）小車勻加速運(yùn)動(dòng)，則祛碼和祛碼盤也向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則繩子的拉力恒定，所以小盤與盤

中祛碼一起提供的牽引力是一個(gè)恒力；

(3)P點(diǎn)所對應(yīng)速度的大小為:

與=3詈叱=0.293m/s；

故答案為：(1)8.(2)恒力(3)0.293；

平衡阻力時(shí)，小車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，紙帶上的點(diǎn)跡均勻；小車勻加速運(yùn)動(dòng)，則祛碼和祛碼盤也做勻

加速直線運(yùn)動(dòng)，繩子的拉力恒定；

根據(jù)平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求解；

解決該題的關(guān)鍵是知道什么是平衡摩擦力，掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)瞬時(shí)速度的求解方法；

14.答案：13.54011.155ADEFG^-

4IL

解析：解：(1)螺旋測微器讀數(shù)：13.5血??14-4.0x0.01mm=13.540mm；

游標(biāo)卡尺讀數(shù)：lllmm+11x0.05mm=11.155cm.

(2)因?yàn)殡娫措妷簽?匕所以電壓表選彩，電路中最大電流/=《=6mA,

故電流表選A,所以選用的器材為ADEFG.

(3)因被測電阻R=1k。,遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻和滑動(dòng)變阻器的最大阻值，

所以電流表內(nèi)接，滑動(dòng)變阻器用分壓接法，電路圖如圖所示：

故答案為：(1)13.540；11.155；(2)4)EFG；(3)如圖所示；(4)嗡.

(1)解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.螺旋測微器的讀

數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀；

估算電路中最大電流值，可選擇電流表的量程；根據(jù)電源的電壓選擇電壓表的量程；EFG是必選的

器材.

(2、3)根據(jù)待測材料的電阻與電壓表、電流表內(nèi)阻相比較，確定電流法是內(nèi)接法還是外接法.根據(jù)

變阻器的阻值與待測電阻的大小關(guān)系，確定變阻器的接法.

(4)根據(jù)電阻定律和歐姆定律求得電阻率的表達(dá)式.

對于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)

測量；

本題關(guān)鍵是熟悉實(shí)驗(yàn)的原理，用伏安法精確地測量電阻，同時(shí)要明確用伏安法測電阻時(shí)誤差的來源，

以及會(huì)通過選擇電路來減小誤差.

15.答案：解：(1)由圖可知，帶電小球靜止時(shí)電場力水平向左，因?yàn)樾∏驇ж?fù)電，故電場力方向與

場強(qiáng)方向相反，所以電場強(qiáng)度方向水平向右。

小球受重力、電場力和細(xì)線的拉力，根據(jù)平衡條件有：Eq-mg-tan37°

解得：E=^

(2)根據(jù)勻強(qiáng)電場中電勢差與場強(qiáng)的關(guān)系可得：UAO=E?I?sin37°=鬻！sin37。=器

(3)小球從A點(diǎn)沿圓弧緩慢向左拉起至與。點(diǎn)處于同一水平高度的過程，由動(dòng)能定理有：

WF-mgl-cos370+Eql(l-sin370)=0

解得：WF=：mgl

答：(1)電場強(qiáng)度的方向?yàn)樗较蛴?，電場?qiáng)度E的大小為翳；

(2)4。兩點(diǎn)間的電勢差〃。為罌；

(3)若在A點(diǎn)對小球施加一個(gè)拉力，將小球從A點(diǎn)沿圓弧緩慢向左拉起至與。點(diǎn)處于同一水平高度且

該過程中細(xì)線始終張緊，則所施拉力至少要做的功力［mg，。

解析：(1)根據(jù)負(fù)電荷所受電場力的方向與電場強(qiáng)度方向相反判斷場強(qiáng)的方向，根據(jù)小球受力平衡列

式求場強(qiáng)的大小；

(2)根據(jù)勻強(qiáng)電場中電勢差與場強(qiáng)的關(guān)系求電勢差為。；

(3)將小球從A點(diǎn)沿圓弧緩慢向左拉起至與0點(diǎn)處于同一水平高度過程中，對小球根據(jù)動(dòng)能定理列式

求拉力做的功。

解答本題的關(guān)鍵是熟悉電場的基本性質(zhì)，知道勻強(qiáng)電場中電勢差與場強(qiáng)的關(guān)系式U=Ed(注意”指的

是兩點(diǎn)間沿著電場方向的距離)，此外還要能靈活應(yīng)用動(dòng)能定理求變力做的功。

16.答案：解：(1)連接。8、BC,如圖.一、

在8點(diǎn)光線的入射角、折射角分別標(biāo)為八r,二“

在△…匹=』［尸了、

sinasinz.OCP

解得：ZOCP=135。(45。值舍去)

進(jìn)而可得：ZCOP=15°

由折射率定義：在B點(diǎn)有：n=到

又NBCO=r所以，i=45°

又：4BOC=180?！?“。。=120。故：r=30°

因此，透明體的折射率《=碼=筆=或

sinrsm30

(2)因?yàn)椋簄=.

所以單色光在透明體中的波長為4=包=564>2°-7=3.99x10-7m.

nV2

答：

(1)透明體的折射率是近；

(2)此單色光在透明球體中的波長為3.99x10-7m.

解析：(1)連接。8、BC,在B點(diǎn)光線的入射角、折射角分別標(biāo)為八八作出光路圖，根據(jù)幾何關(guān)系

求出入射角與折射角，根據(jù)折射定律求解折射率，

(2)根據(jù)波速、波長、頻率的關(guān)系即可求得此單色光在透明球體中的波長.

本題是較為復(fù)雜的幾何光學(xué)問題，其基礎(chǔ)是作出光路圖，根據(jù)兒何知識確定入射角與折射角，根據(jù)

折射定律求解，折射過程中頻率不變.

17.答案：解：「|,

(1)由帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動(dòng)可得：：：：：：/.......1/

解得：V-1m

粒子進(jìn)入勻強(qiáng)電場以后，做類平拋運(yùn)動(dòng),

設(shè)水平方向的位移為x,豎直方向的位移為y.

水平方向：%=Vot(2)

豎直方向：y=-at2③

些④

”“加45。/⑤

聯(lián)立②③④⑤解得:

x=2m,y=1m⑥

由圖示幾何關(guān)系得:

d=x+y+R