2021屆新高考物理名校地市必刷全真模擬卷5（新課標(biāo)專用）2月解析版

備戰(zhàn)2021年高考物理名校、地市好題必刷全真模擬卷（新課標(biāo)專用）-2月卷

第五模擬試卷

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要

求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

1.（2021?北京順義區(qū)?高三期末）中國(guó)北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)（簡(jiǎn)稱BDS）是中國(guó)自行研制的全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)，

可為全球用戶提供定位，導(dǎo)航和授時(shí)服務(wù)，該導(dǎo)航系統(tǒng)由多顆不同軌道的衛(wèi)星組成。如圖所示。、尻c為

該系統(tǒng)中三顆軌道為圓的衛(wèi)星，。是地球同步衛(wèi)星，6是軌道半徑與a相同的衛(wèi)星，c的軌道半徑介于近地

衛(wèi)星和同步衛(wèi)星之間。下列說法正確的是（）

A.衛(wèi)星匕也可以長(zhǎng)期“懸?！庇诒本┱峡?/p>

B.衛(wèi)星c的運(yùn)行速度一定大于第一宇宙速度

C.衛(wèi)星6的運(yùn)行周期與地球的自轉(zhuǎn)周期相同

D.衛(wèi)星“的向心加速度大于衛(wèi)星c的向心加速度

【答案】C

【解析】

A.衛(wèi)星b不是同步衛(wèi)星，不能與地面相對(duì)靜止，不能“懸?！痹诒本┱峡眨蔄錯(cuò)誤;

B.第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的運(yùn)行速度，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，有

GMmv2

——；—=m—

r"r

解得

GM

衛(wèi)星c的軌道半徑大于近地衛(wèi)星軌道半徑，則衛(wèi)星c的運(yùn)行速度小于第一宇宙速度，故B錯(cuò)誤;

C.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，有

GMm4TT2

——：—=m—T-r

r2T2

解得

T=2TT

衛(wèi)星。、〃的軌道半徑相等，則周期相等，衛(wèi)星“是同步衛(wèi)星，運(yùn)行周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同，則衛(wèi)星6的

運(yùn)行周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同，故C正確；

D.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，有

GMm

——--=ma

廠

解得

GM

衛(wèi)星。的軌道半徑大于衛(wèi)星c的軌道半徑，故衛(wèi)星a的向心加速度小于衛(wèi)星c的向心加速度，故D錯(cuò)誤。

故選C。

2.（2021?北京高三期末）如圖所示，U形金屬框架豎直放置在絕緣地面上，框架的上端接有一電容器C,

金屬框架處于水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。將一電阻為R的金屬棒MN從一定高度處由靜止釋放，下落過程中

金屬棒方向始終平行于地面，且與金屬框架接觸良好。忽略金屬棒與金屬框架之間的摩擦，在金屬棒由靜

止開始下落的過程中，以下說法正確的是（）

A.金屬棒做自由落體運(yùn)動(dòng)

B.電容器左側(cè)極板將帶上正電荷

C.電容器儲(chǔ)存的電能等于金屬棒減少的重力勢(shì)能

D.金屬棒減少的機(jī)械能大于電容器儲(chǔ)存的電能

【答案】D

【解析】

A.金屬棒下落過程中，由于切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，則電容器要充電，回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流，則金屬

棒要受到向上的安培力，則金屬棒的運(yùn)動(dòng)不是自由落體運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.由右手定則可知，金屬棒的N端電勢(shì)高于M端，則電容器右側(cè)極板將帶上正電荷，選項(xiàng)B正確；

CD.由能量關(guān)系可知，金屬棒減少的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電容器儲(chǔ)存的電能以及金屬棒上電阻產(chǎn)生焦耳熱，則金

屬棒減少的機(jī)械能大于電容器儲(chǔ)存的電能，電容器儲(chǔ)存的電能等于金屬棒減少的重力勢(shì)能減去金屬棒增加

的動(dòng)能與產(chǎn)生的焦耳熱兩者之和，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

3.（2020?吉林高三一模）如圖所示，MN為無限大的不帶電的金屬平板，且與大地連接?，F(xiàn)將一個(gè)電荷量

為Q的正點(diǎn)電荷置于板的右側(cè)，圖中4、尻c、d是以正點(diǎn)電荷。為圓心的圓上的四個(gè)點(diǎn)，四點(diǎn)的連線構(gòu)成

一內(nèi)接正方形，其中而連線與金屬板垂直。則下列說法正確的是（）

[\M

—

出

A.b點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度與c點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同

B.。點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度與〃點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等

C.。點(diǎn)電勢(shì)等于d點(diǎn)電勢(shì)

D.將一試探電荷從。點(diǎn)沿直線ad移到"點(diǎn)的過程中，試探電荷電勢(shì)能始終保持不變

【答案】C

【解析】

畫出電場(chǎng)線如圖所示

A.根據(jù)對(duì)稱性可知，b點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度與c點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不同，故A錯(cuò)誤：

B.電場(chǎng)線密集的地方電場(chǎng)強(qiáng)度大，從圖上可以看出a點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大于b點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)對(duì)稱性并結(jié)合電場(chǎng)線的分布可知〃點(diǎn)電勢(shì)等于4點(diǎn)電勢(shì)，故C正確；

D.由于試探電荷先靠近正電荷后遠(yuǎn)離正電荷，所以電場(chǎng)力在這個(gè)過程中做功，所以試探電荷電勢(shì)能不是始

終保持不變，故D錯(cuò)誤。

故選C?

4.（2021?廣東佛山市?高三一模）如圖是同一型號(hào)子彈以相同的初速度射入固定的、兩種不同防彈材料時(shí)完

整的運(yùn)動(dòng)徑跡示意圖。由此圖可判定，與第一次試驗(yàn)比較，第二次試驗(yàn)（）

A.子彈克服阻力做功更少

B.子彈與材料產(chǎn)生的總熱量更多

C.子彈的動(dòng)量變化量更大

D.防彈材料所受沖量相等

【答案】D

【解析】

A.由于兩次子彈的初速度相同，動(dòng)能相同，則兩次試驗(yàn)的動(dòng)能變化量相同，根據(jù)動(dòng)能定理可知，兩次試驗(yàn)

子彈克服阻力做功相同，故A錯(cuò)誤；

B.由于兩次子彈的初速度相同，動(dòng)能相同，則根據(jù)能量守恒可知，兩次試驗(yàn)子彈與材料產(chǎn)生的總熱量相同，

故B錯(cuò)誤；

C.由于兩次子彈的初速度相同，則初動(dòng)量相等，又兩次試驗(yàn)的末動(dòng)量均為零，則兩次試驗(yàn)的子彈的動(dòng)量變

化量相同，故c錯(cuò)誤；

D.由于兩次試驗(yàn)的子彈的動(dòng)量變化量相同，根據(jù)動(dòng)量定理可知，兩次試驗(yàn)防彈材料所受沖量相等，故D

正確。

故選D。

5.（2021?北京高三期末）如圖所示，一輛裝滿石塊的貨車在平直道路上行駛。貨箱中石塊B的質(zhì)量為如

重力加速度為g,在貨車以加速度。加速運(yùn)動(dòng)位移x的過程中，下列說法正確的是（）

A.周圍與石塊B接觸的物體對(duì)它的作用力的合力大小為mg

B.周圍與石塊B接觸的物體對(duì)它的作用力的合力大小為ma

C.周圍與石塊B接觸的物體對(duì)它的作用力的合力做功為mar

D.周圍與石塊B接觸的物體對(duì)它的作用力的合力做功為'"Jg?+/%

【答案】C

【解析】

AB.貨車以加速度a向右做加速運(yùn)動(dòng)，則石塊B也以加速度a向右做加速運(yùn)動(dòng)，受力分析可得，石塊B的

重力和周圍其它物體對(duì)B的作用力的合力為水平向右，如下圖所示

可得

與=，（叫丫+（〃?〃『=my/g2+cr

故AB錯(cuò)誤；

CD.根據(jù)

W=FL-cosO

可得

-F^x-cosO=max

故C正確，D錯(cuò)誤。

故選C。

6.（2021?重慶高三零模）如圖（1）、（2）所示，理想變壓器對(duì)電器供電，其輸入電壓"=27000血sin100〃

（V）,電器8與RJ的參數(shù)分別為“220V/1100W”“220V/440W”，輸電線的總電阻尸2C。若兩圖中電

器都能正常工作，則（）

A.圖（1）中電阻r的功率為50W

B.圖（2）中變壓器的輸入功率比圖（1）中變壓器的輸入功率增加了440W

C.圖（1）中原副線圈匝數(shù)比?。骸?=2700：23

D.圖（2）中原副線圈匝數(shù)比〃|：“2=1500：13

【答案】ACD

【解析】

A.根據(jù)尸=U/可得通過用電器L的電流為

晨理A=5A

LUL220

電阻r的功率為

”/）=52X2W=50W

故A正確；

B.圖（1）變壓器輸出電壓為

%=L+〃=220V+5x2V=230V

圖（I）輸出功率等于輸入功率為

q=U/L=230x5W=1150W

圖（2）中用電器RL'正常工作的電流為

,P..440i

1..=-^=——AA=2A

UL.220

圖（2）中干路電流為

/總=/L+/L，=7A

圖（2）中輸出電壓為

%=4+/總r=220V+2x7V=234V

圖（2）中輸出功率等于輸入功率為

Pi=U出/總=234x7W=1638W

圖（2）中變壓器的輸入功率比圖（1）中變壓器的輸入功率增加了

AP=/5-^=1610W-1150W=488W

故B錯(cuò)誤；

CD.由于輸入電壓為

U入=耳=27概夜V=27000V

V2V2

則圖（1）中原副線圈匝數(shù)比

。出2700

23

則圖（2）中原副線圈匝數(shù)比

勺_U]_1500

故CD正確。

故選ACDo

7.（2020?青海西寧市?高三期末）如圖所示，一輛質(zhì)量"二3kg的平板小車人?？吭谪Q直光滑墻壁處，地

面水平且光滑，一質(zhì)量加=lkg的小鐵塊B（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在平板小車A的最右端，平板小車A上表面

水平且與小鐵塊B間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=°5,平板小車A的長(zhǎng)度L=0-9m?，F(xiàn)給小鐵塊B一個(gè)％=5m/s的

初速度使之向左運(yùn)動(dòng)，小鐵塊B與豎直墻壁發(fā)生碰撞后向右運(yùn)動(dòng)，恰好回到小車A的最右端。重力加速度

2下列說法正確的是（

g=10m/so)

A.小鐵塊B向左運(yùn)動(dòng)到達(dá)豎直墻壁時(shí)的速度大小為2m/s

B.小鐵塊B與墻壁碰撞過程中所受墻壁的沖量大小為(4+2G)N?S

C.小鐵塊B與豎直墻壁碰撞過程中損失的機(jī)械能為4J

百/

-----1T1/S

D.小車A最終向右運(yùn)動(dòng)的速度大小為2

【答案】BD

【解析】

D.設(shè)小鐵塊B與豎直墻壁發(fā)生碰撞后向右運(yùn)動(dòng)的初速度的大小為巧，依題意知，其回到小車A的最右端

時(shí)與小車共速，設(shè)速度大小為V,則有

^2=(m+M)v+

解得

v2=2V3m/s

2

故D項(xiàng)正確；

A.設(shè)小鐵塊B向左運(yùn)動(dòng)到達(dá)豎直墻壁時(shí)的速度大小匕，對(duì)小鐵塊B向左運(yùn)動(dòng)的過程，根據(jù)動(dòng)能定理得

11

-/jingL7——mv(2-—mvj2

代入數(shù)據(jù)解得

v,=4m/s

故A項(xiàng)錯(cuò)誤；

B.小鐵塊B與豎直墻發(fā)生彈性碰撞的過程中，根據(jù)動(dòng)量定理，小鐵塊B與墻壁碰撞過程中所受墻壁的沖

量

I=Amu=—(4+2-\/3)N-S

負(fù)號(hào)表示方向向右，故B項(xiàng)正確；

C.小鐵塊B與豎直墻壁碰撞的過程中損失的機(jī)械能

1,12

AE=—mv{--mv2=2J

故C項(xiàng)錯(cuò)誤。

故選BD。

8.（2020?浙江寧波市?鎮(zhèn)海中學(xué)高三月考）下列有關(guān)課本插圖的說法正確的是（）

鎘棒

圖甲圖乙圖丙

A.圖甲中，將鎘棒插入深一點(diǎn)，核反應(yīng)速率就會(huì)變快

B.圖乙中，只有當(dāng)鈾塊的體積大于臨界體積時(shí)，鏈?zhǔn)椒磻?yīng)才會(huì)發(fā)生

C.圖丙中，中等大小的核的比結(jié)合能最大，即平均每個(gè)核子的質(zhì)量虧損最小，這些核最穩(wěn)定

D.圖丁中，射線6是7射線，是能量很高的電磁波，電離能力較弱，穿透能力較強(qiáng)

【答案】BD

【解析】

A.核反應(yīng)堆中，鎘棒可以吸收中子，使得反應(yīng)速度變慢，故A正確；

B.根據(jù)鏈?zhǔn)椒磻?yīng)的條件可知，鈾塊體積只有在大于臨界體積時(shí)才能發(fā)生鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，故B正確；

C.根據(jù)比結(jié)合能的變化特點(diǎn)可知，核子結(jié)合成中等大小的核，平均每個(gè)核子的質(zhì)量虧損最大，其比結(jié)合能

最大，故C錯(cuò)誤；

D.6是y射線，電離作用較弱、穿透能力較強(qiáng)的電磁波，故D正確。

故選ABDo

22.（6分）

（2021.北京高三期末）（1）某實(shí)驗(yàn)小組測(cè)定某種金屬的電阻率，他們選取了該材料一段粗細(xì)均勻的金屬絲

進(jìn)行粗測(cè)，選用多用電表“xl”歐姆擋測(cè)量其阻值，示數(shù)如圖。讀出金屬絲電阻值為C。

(2)己知實(shí)驗(yàn)中所用的滑動(dòng)變阻器阻值范圍為°電流表內(nèi)阻約幾歐，電壓表內(nèi)阻約20kC。電源

為干電池組，則以下電路圖中應(yīng)當(dāng)采用(選填甲或乙)電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。但用電路測(cè)量電阻的結(jié)

(3)實(shí)驗(yàn)正確操作獲得金屬絲的長(zhǎng)度L直徑。以及電流表讀數(shù)/、電壓表的讀數(shù)U,則此材料電阻率的

表達(dá)式為(用題中字母表示)。

兀UD?

p=--------

【答案】6甲小4〃

【解析】

(1)由于選用的是“xl”歐姆擋，因此電阻值為6c

(2)由于待測(cè)電阻較小，因此采用電流表外接法，故選甲。

根據(jù)

R"

I

電壓的測(cè)量值準(zhǔn)確，但電流表測(cè)量的是電壓表和待測(cè)電阻的總電流，測(cè)量值偏大，導(dǎo)致電阻的測(cè)量值偏小。

(3)根據(jù)電阻定律

而

S------

4

聯(lián)立得

7TUD2

p--------

ML

23.（9分）

（2020.天津市第八中學(xué)高三期中）如圖甲所示為探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置，圖乙為某次實(shí)

驗(yàn)得到的一條紙帶。

電源插頭

（1）已知計(jì)數(shù)點(diǎn)4、B、C、D、E間的時(shí)間間隔為0.1s,則圖乙中小車的加速度大小為m/s2

（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；

（2）保持小車質(zhì)量不變，改變沙桶中沙的質(zhì)量進(jìn)行多次測(cè)量。根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出了加速度a隨拉力F的變

化圖線，如圖丙所示。圖中直線沒有通過原點(diǎn)，其主要原因是；

丙T

（3）對(duì)（2）改進(jìn)后，保持沙和沙桶質(zhì)量不變,改變小車中祛碼質(zhì)量，進(jìn)行多次測(cè)量，得到小車加速度“、

質(zhì)量m及其對(duì)應(yīng)的m的數(shù)據(jù)如下表所示:

實(shí)驗(yàn)次數(shù)12345678

小車加速度al

1.901.721.491.251.000.750.500.30

(m-s-2)

小車和石去碼質(zhì)量

0.250.290.330.400.500.711.001.67

zn/kg

J_

4.003.453.032.502.001.411.000.60

機(jī)/kg1

1

請(qǐng)?jiān)诙D中畫出a-m圖線。

【答案】0.43沒有平衡小車的摩擦力或平衡摩擦力不夠見解析

【解析】

(1)由圖乙可知，=2.40cm,%￡=6.50cm根據(jù).運(yùn)用逐差法得

SAF-SAC(6.50—2.40-2.40)x10-,

a=~~產(chǎn)=-------------；------------m/s-?0.43m/s-2

4廣4x0.12

(2)圖線沒有過原點(diǎn)，與尸軸有交點(diǎn)，說明實(shí)驗(yàn)前沒有平衡小車的摩擦力或平衡摩擦力不夠。

(3)根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)描點(diǎn)，并用平滑的曲線連接如下

24.(14分)

(2020?上海市崇明區(qū)橫沙中學(xué)高三一模)如圖，兩根足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)導(dǎo)軌平面與水

平面成a角，電阻忽略，空間有一足夠大、與導(dǎo)軌所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，導(dǎo)軌通過電鍵連接一電動(dòng)勢(shì)

為E內(nèi)阻不計(jì)的電源，質(zhì)量均為機(jī)電阻均為R的導(dǎo)體棒外、cd垂直于導(dǎo)軌且與導(dǎo)軌接觸良好，其中油可

以自由滑動(dòng)，cd固定。

(1)閉合電鍵后釋放外，它恰能靜止在導(dǎo)軌上，求勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和方向(方向請(qǐng)標(biāo)在磁感

線上)；

(2)斷開電鍵，浦開始運(yùn)動(dòng)，求岫運(yùn)動(dòng)的最大加速度和最大速度；

（3）在外上標(biāo)出運(yùn)動(dòng)過程中感應(yīng)電流方向，在油棒開始運(yùn)動(dòng)以后，簡(jiǎn)要分析回路中的能量轉(zhuǎn)化情況。

B_mg/?sina2E-

【答案】（1）LE，垂直導(dǎo)軌向下；⑵gsin“，加gAsina；⑶見解析

【解析】

（1）根據(jù)左手定則可知，磁場(chǎng)方向垂直導(dǎo)軌向下，如圖

對(duì)彷，磁場(chǎng)力與重力分力平衡

FA=BI“,L=mgsina

解得

_mgRsina

D—

LE

（2）剛釋放時(shí)，加速度最大，速度為零，故安培力為零，根據(jù)牛頓第二定律有

mgs'ina=ma

解得

a=gsina

當(dāng)速度最大時(shí)，安培力等于重力分力，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有

E=BLvm

根據(jù)閉合電路歐姆定律有

I=BL。*

2R

根據(jù)平衡條件有

FA=BIL=-2胃旦=mgsina

解得

IE2

V=-------------

“mmgRsina

(3)電流方向從。到瓦

能量轉(zhuǎn)化：開始時(shí)，金屬棒的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能和兩金屬棒的電能最后轉(zhuǎn)化為內(nèi)能：當(dāng)ab速度達(dá)到最大

后，金屬棒的機(jī)械能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；

25.(18分)

(2021?廣東河源市?高三月考)如圖甲所示，帶有半圓形軌道的凹槽放在水平面上，凹槽左側(cè)有一固定的障

礙物，a.6為軌道的兩端，軌道半徑為凡在〃點(diǎn)正上方某高度從靜止開始釋放一質(zhì)量為他的小球，小球

下落后從。端進(jìn)入軌道，此后小球只在凹槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)，設(shè)凹槽質(zhì)量為2〃?，不計(jì)摩擦和空氣阻力。

(1)求小球釋放時(shí)距離a端的最大高度。

(2)在滿足(1)的條件下，求凹槽離開障礙物后小球?qū)壍雷畹忘c(diǎn)的壓力的大小。

(3)現(xiàn)將該凹槽固定在傾角為30。的斜面上(圖乙)，將小球從距離a點(diǎn)某高度水平拋出，小球恰好能無碰

撞地從。端進(jìn)入軌道運(yùn)動(dòng)，此后小球能原路返回到拋出點(diǎn)。試求拋出點(diǎn)距離a端的最大高度。

【答案】(1)2:(2)4ntg；(3)8

【解析】

(1)小球進(jìn)入凹槽后，到達(dá)最低點(diǎn)速度設(shè)為％,之后沿凹槽向上運(yùn)動(dòng)，凹槽離開障礙物向右運(yùn)動(dòng)。要使小

球恰好不能從凹槽右端方飛出，即小球和凹槽共速，設(shè)為v,根據(jù)機(jī)械能守恒有

12

mg(h+R)=—mv0

，122

mghy=—?3mv

由于水平方向動(dòng)量守恒，故有

mv()=3mv

解得小球距離。端的最大高度為

（2）在凹槽離開障礙物以后運(yùn)動(dòng)的過程中，設(shè)小球從凹槽兩端返回至最低點(diǎn)的速度為V1，此時(shí)凹槽速度為

的，取物方向?yàn)檎较?，根?jù)水平方向動(dòng)量守恒有

mva=mv[+2mU1

根據(jù)機(jī)械能守恒有

gm4=（相片+；2叫2

小球運(yùn)動(dòng)到凹槽最低點(diǎn)時(shí)凹槽無加速度，根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律有

（匕一〃1）’

F-mg=m—!----!—

R

聯(lián)立解得小球相對(duì)凹槽的壓力大小為

F=4mg

（3）要使小球能原路返回，其在凹槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn)應(yīng)與圓心等高。設(shè)小球剛從4端進(jìn)入凹槽時(shí)速度為v2,

豎直分速度為?根據(jù)機(jī)械能守恒有

12

~mv2=MgRsin30°

小球從拋出點(diǎn)至4端有

*=2g%

依題意小球剛從a端進(jìn)入凹槽時(shí)速度方向與斜面垂宜，故

vv=v2cos30°

聯(lián)立解得拋出點(diǎn)距離a端的最大高度

（二）選考題：共15分。請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作，答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。

33.【選修3-3】（15分）

（1）（5分）

（2020?青海西寧市?高三期末）下列說法正確的是o（填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2

個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分，每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分0分）

A.兩張紙潮濕后很難分開說明分子間存在引力

B.只要知道水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，就可以計(jì)算阿伏伽德羅常數(shù)

C.物體內(nèi)熱運(yùn)動(dòng)速率大的分子數(shù)占總分子數(shù)比例與溫度有關(guān)

D.多晶體內(nèi)部沿不同方向的等長(zhǎng)線段上微粒的個(gè)數(shù)通常是不相等的

E.根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，低溫物體不能傳遞熱量給高溫物體

【答案】ABC

【解析】

A.水分子填充了兩張紙之間的空隙部分，從而使引力表現(xiàn)出來。A正確；

B.知道水的摩爾質(zhì)量M和水分子的質(zhì)量加，則阿伏伽德羅常數(shù)

M

NA=一

m

故選項(xiàng)B正確；

C.溫度高，平均分子動(dòng)能大，說明物體內(nèi)熱運(yùn)動(dòng)速率大的分子數(shù)占總分子數(shù)比例高，說明其與溫度有關(guān),

故C正確；

D.多晶體內(nèi)部沿不同方向的等長(zhǎng)線段上微粒的個(gè)數(shù)通常是相等的。故D錯(cuò)誤；

E.根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，沒有外界的影響時(shí)，熱量不可能從低溫物體傳遞到高溫物體，故E錯(cuò)誤。

故選ABC。

（2）（10分）

（2020?江蘇南通市?高三月考）如圖所示，有甲、乙兩個(gè)儲(chǔ)氣鋼瓶，甲的體積為10L,乙的體積為5L,甲中

有壓強(qiáng)為7Po的理想氣體，乙中有壓強(qiáng)為的同種理想氣體。將甲和乙通過細(xì)管連通，甲給乙充氣，直到

兩罐中氣體壓強(qiáng)相等，充氣過程中甲、乙中氣體溫度相等且溫度不變，細(xì)管中氣體體積忽略不計(jì)。求：

（1）穩(wěn)定時(shí)乙儲(chǔ)氣鋼瓶中氣體壓強(qiáng)為多少？

（2）甲儲(chǔ)氣罐中剩余氣體質(zhì)量與充氣前甲中氣體總質(zhì)量的比值？

【答案】（1）5p°-.（2）7

【解析】

（1）根據(jù)克拉伯龍方程得

“M+”2%=〃（■+%）

解得

P=5po

（2）對(duì)于甲儲(chǔ)氣罐，等溫膨脹到壓強(qiáng)為5P。時(shí)，有

PM=pv

解得

V=14L

甲儲(chǔ)氣罐中剩余氣體質(zhì)量與充氣前甲中氣體總質(zhì)量的比值為

晟一菽一京一五一亍

34.【選修3-4]（15分）

（1）（5分）

（2020.青海西寧市.高三期末）如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播，實(shí)線為「=°時(shí)刻的波形，虛線為

f=0.9s時(shí)的波形，P為平衡位置為x=4m處的質(zhì)點(diǎn)，。為平衡位置為x=5m處的質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期

T滿足09s<T<1.8s,則下列判斷正確的是。（填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2個(gè)

得4分，選對(duì)3個(gè)得5分，每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分。分）

v/m

C.這列波傳播的速度大小為3

D.質(zhì)點(diǎn)尸比質(zhì)點(diǎn)。振動(dòng)滯后0.4s

E.'=0225s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P和。的位移相同

【答案】BCE

【解析】

A.由于波動(dòng)周期S9s<丁<L8s,因此從實(shí)線到虛線傳播的時(shí)間不足一個(gè)周期，若波沿x軸正向傳播,

則波動(dòng)周期為T=0.9x4s=3.6s不符合題意，因此波沿x軸負(fù)方向傳播