安徽省馬鞍山市2025屆物理高二第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)水平測試試題含解析

安徽省馬鞍山市2025屆物理高二第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)水平測試試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源(內(nèi)阻不計)連接，下極板接地．一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài)．現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向上移動一小段距離(仍在P點下方)A．電容器的電容減小，則極板帶電量將增大B．帶電油滴將沿豎直方向向下運動C．P點的電勢將升高D．帶電油滴的電勢能將增大2、下列哪一組物理概念的提出采用的都是“建立物理模型”這一方法（）A．“平均速度”“質(zhì)點”“電場強度”B．“質(zhì)點”“點電荷”“理想氣體”C．“點電荷”“總電阻”“電場強度”D．“點電荷”“平均速度”“總電阻”3、如圖為某手機的電池板圖片，由此可知A．該手機電池的電動勢為B．該手機電池的電動勢為C．“700mAh”表示電源在1h內(nèi)傳送電荷量的為700mAD．“”反映該電池把其電能轉(zhuǎn)化為其他形式的能的本領(lǐng)的大小4、已知半徑為R、電荷量為q的均勻帶電球面內(nèi)的各點電勢相等,其值為φ=kqR(k為靜電力常量)。如圖為半徑為R的半球形薄殼,開口圈面水平,半球表面均勻分布單位面積帶電量為σ的正電荷,O為球心,P為開口處圈面上的任意一點,則P點的場強方向和電勢的大小分別為(已知半徑為R的球的表面積為4πRA．豎直向上,0B．豎直向上,2πkσRC．豎直向下,2πkσRD．豎直向下,4πkσR5、小船要在寬100m的河中橫渡到對岸，已知水流的速度為3m/s，船在靜水中的速度為5m/s，下列說法正確的是A．小船過河的最短時間為25sB．小船不可能垂直河岸過河C．小船能垂直河岸過河，過河的時間是20sD．小船能垂直河岸過河，過河的時間為25s6、如圖，一絕緣細(xì)桿的兩端各固定著一個小球，兩小球帶有等量異號的電荷，處于勻強電場中，電場方向如圖中箭頭所示．開始時，細(xì)桿與電場方向垂直，即在圖中Ⅰ所示的位置；接著使細(xì)桿繞其中心轉(zhuǎn)過90°，到達(dá)圖中Ⅱ所示的位置；最后，使細(xì)桿移到圖中Ⅲ所示的位置．以W1表示細(xì)桿由位置Ⅰ到位置Ⅱ過程中電場力對兩小球所做的功，W2表示細(xì)桿由位置Ⅱ到位置Ⅲ過程中電場力對兩小球所做的功，則有A．W1=0，W2≠0 B．W1=0，W2=0C．W1≠0，W2=0 D．W1≠0，W2≠0二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,平行板電容器與電動勢為E的直流電源(內(nèi)阻不計)連接,下極板接地。一帶電油滴位于兩板中央的P點且恰好處于平衡狀態(tài)?，F(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向下移動一小段距離,則()A．帶電油滴將沿豎直方向向上運動B．帶電油滴將在P點電勢能將減小C．P點的電勢將降低D．電容器的電容減小,電容器的帶電量將減小8、如圖，條形磁鐵放在水平桌面上，在磁鐵右上方固定一根直導(dǎo)線，導(dǎo)線與磁鐵垂直，當(dāng)導(dǎo)線通入向里的電流時，則A．磁鐵對桌面的壓力減小B．磁鐵對桌面的壓力增大C．磁鐵相對桌面有向左動的趨勢D．磁鐵相對桌面有向右動的趨勢9、如圖所示，A為粒子源，A和極板B間的加速電壓為U1，兩水平放置的平行帶電板C、D間的電壓為U2，現(xiàn)有質(zhì)量為m、電荷量為q的質(zhì)子以初速度為零，從A處被加速電壓U1加速后水平進(jìn)入豎直方向的勻強電場，平行板C、D的極板的長度為L，兩板間的距離為d，不計帶電粒子的重力，則下列說法正確的是（）A．帶電粒子在射出B板時的速度為B．帶電粒子在C、D極板間運動的時間為C．帶電粒子飛出C、D電場時在豎直方向上發(fā)生的位移D．若同時使U1和U2加倍，則帶電粒子在離開板間時的速度與水平方向夾角將加倍10、如圖所示，A、B兩板間電壓為600V，A板帶正電并接地，A、B兩板間距離為12cm，C點離A板4cm，下列說法正確的是()A．E=2000V/m，φC=200VB．E=5000V/m，φC=-200VC．電子在C點具有的電勢能為-200eVD．電子在C點具有的電勢能為200eV三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬絲電阻率”的實驗中需要測出其長度L、直徑d和電阻R．(1)用游標(biāo)卡尺測金屬絲長度時讀數(shù)如圖，則金屬絲的長度為_____mm；(2)用螺旋測微器測金屬絲直徑時讀數(shù)如圖乙，則金屬絲的直徑為_____mm．(3)若用圖丙測金屬絲的電阻，則測量結(jié)果將比真實值_____．（選填“偏大”或“偏小”）(4)用電壓表和電流表測金屬絲的電壓和電流時讀數(shù)如圖丁，則電壓表的讀數(shù)為_____V，電流表的讀數(shù)為_____A．12．（12分）在用伏安法測電池電動勢和內(nèi)阻的實驗中，一位同學(xué)記錄了6組數(shù)據(jù)(如下表)。(1)根據(jù)數(shù)據(jù)選定下列供選用儀器：電流表選__________?；瑒幼冏杵鬟x___________。（選填儀表前的序號）①干電池=1.5V②直流電流表(0～0.60A檔，內(nèi)阻0.1Ω)③直流電流表(0～3.00A檔，內(nèi)阻為0.02Ω)④直流電壓表(0～3.00V檔，內(nèi)阻5kΩ)⑤滑動變阻器(0～10Ω)，允許最大電流為1.00A)⑥滑動變阻器(0～1000Ω，允許最大電流0.60A)⑦開關(guān)一個，導(dǎo)線若干(2)在下面實物圖中以筆畫線代替導(dǎo)線連好電路______。(3)根據(jù)記錄數(shù)據(jù)在圖所示的坐標(biāo)紙上作U-I圖線____，并根據(jù)圖線求出E=_____V，r=_____Ω。(結(jié)果均保留2位小數(shù)）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖是示波管的示意圖，豎直偏轉(zhuǎn)電極的極板長l＝4cm，板間距離d＝1cm.板右端距離熒光屏L＝18cm(水平偏轉(zhuǎn)電極上不加電壓，沒有畫出)．電子沿中心線進(jìn)入豎直偏轉(zhuǎn)電場的速度是1.6×107m/s，電子電荷量e＝1.60×10－19C，質(zhì)量m＝0.91×10－30kg.(1)要使電子束不打在偏轉(zhuǎn)電極的極板上，加在豎直偏轉(zhuǎn)電極上的最大偏轉(zhuǎn)電壓U不能超過多大？(2)若在偏轉(zhuǎn)電極上加40V的電壓，在熒光屏的豎直坐標(biāo)軸上看到的光點距屏的中心點多遠(yuǎn)？14．（16分）如圖所示,在xOy平面的y軸左側(cè)存在沿y軸正方向的勻強電場,y軸右側(cè)區(qū)域Ⅰ內(nèi)存在磁感應(yīng)強度大小、方向垂直紙面向外的勻強磁場,區(qū)域Ⅰ、區(qū)域Ⅱ的寬度均為L,高度均為質(zhì)量為m、電荷量為的帶電粒子從坐標(biāo)為的A點以速度沿方向射出,恰好經(jīng)過坐標(biāo)為的C點射入?yún)^(qū)域Ⅰ粒子重力忽略不計．（1）求勻強電場的電場強度大小E；（2）求粒子離開區(qū)域Ⅰ時的位置坐標(biāo)；（3）要使粒子從區(qū)域Ⅱ上邊界離開磁場,可在區(qū)域Ⅱ內(nèi)加垂直紙面向內(nèi)的勻強磁場試確定磁感應(yīng)強度B的大小范圍。15．（12分）如圖所示，電源電動勢E=64V，內(nèi)阻不計，電阻R1=4Ω,R2=12Ω,R3=16Ω，開始開關(guān)S1閉合，S2斷開，平行板電容器的兩極板A、B與水平面的夾角θ=37°，兩極板A、B間的距離d=0.4m，板間有一個傳動裝置，絕緣傳送帶與極板平行，皮帶傳動裝置兩輪軸心相距L=1m，傳送帶逆時針勻速轉(zhuǎn)動，其速度為v=4m/s，現(xiàn)有一個質(zhì)量m=0.1kg（1）開關(guān)S1閉合，S2斷開時，兩極板（2）工件在傳送帶上運動的加速度大小；（3）工件從底端運動到頂端過程中，工件因與傳送帶摩擦而產(chǎn)生的熱量．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

由于電容器和電源相連，電勢差不變；將平行板電容器的下極板豎直向上移動一小段距離，則d減小，則根據(jù)C=εS4πkd可知電容C變大，根據(jù)Q=UC可知，極板的帶電量變大，故A錯誤；將平行板電容器的下極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，板間距離減小，根據(jù)E=U/d得知板間場強增大，油滴所受的電場力增大，則油滴將向上運動。故B錯誤。場強E增大，而P點與上極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點與上極板間電勢差將增大，故P點電勢降低；故C錯誤。由帶電油滴原來處于平衡狀態(tài)可知，油滴應(yīng)帶負(fù)電，由于P點的電勢降低，則油滴的電勢能將增加。故D【點睛】本題運用U=Ed分析板間場強的變化，判斷油滴如何運動．運用推論：正電荷在電勢高處電勢能大，而負(fù)電荷在電勢高處電勢能小，來判斷電勢能的變化．2、B【解析】

“平均速度”和“電場強度”都是比值定義法；“質(zhì)點”“點電荷”“理想氣體”都是理想模型；“總電阻”是等效法；故選B。3、A【解析】

由手機電池外殼上的文字說明可知，電池的電動勢是，A正確B錯誤；“700mAh”表示電源的容量C錯誤；電池的電動勢是，“”反映該電池把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)的大小D錯誤．4、B【解析】

設(shè)想一個均勻帶電半球面，與題目中所給的下半球組成一個完整的均勻帶電球面，已知半徑為R、電荷量為q的均勻帶電球面內(nèi)的各點電勢相等，其值為φ=kqR(k為靜電力常量)，其中q=4πR2σ，所以整個球面在P點的電勢為φ=k4πR2σR=4πkσR，根據(jù)對稱性可知，半個球面在P點的電勢為2πkσR故選B?！军c睛】解題關(guān)鍵是抓住對稱性，先通過割補法將球殼補全，然后結(jié)合對稱性分析，注意均勻帶正電球殼內(nèi)部各處電勢都相等，其值為φ=k5、D【解析】

當(dāng)靜水船速的方向與河岸垂直時，渡河時間最短為：t=dvc=1005s=20s，故A錯誤；因船在靜水中的速度大于水流速度，因此船能垂直河岸過河，故B錯誤；船要垂直河岸過河即合速度垂直河岸，合速度與分速度如圖：

過河時間用合位移除以合速度：t'=dv【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道當(dāng)靜水速與河岸垂直時，渡河時間最短；當(dāng)合速度的方向與河岸垂直時，位移最小.6、C【解析】從Ⅰ到位置Ⅱ過程中，+q沿著電場線運動，-q逆著電場線運動，電場力對兩電荷都做正功，所以W1≠0；由位置Ⅱ到位置Ⅲ過程中，電場力對+q做正功，電場力對-q做的負(fù)功大小相等，因此電場力對兩小球所做的總功為零，W2=0，故C正確，ABD錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】

A、根據(jù)平衡條件可知，帶電油滴受到向上的電場力與向下的重力相等，即滿足qE=mg，若將上極板向下移動一小段距離，兩板間距離d變小，由于電壓不變；根據(jù)E=Ud可知，場強E變大，所以帶電油滴受到向上的電場力大于向下的重力，粒子將向上運動，故AC、φP=UP0，Up0=E?Δd，由于場強E變大，P點到下極板的距離Δd不變，所以B、帶電油滴受到向上的電場力，而電場方向向下，所以帶電油滴帶負(fù)電，根據(jù)EP=qφ，帶電油滴將在P點電勢能將減小，故D、根據(jù)C=εS4πkd可知，d減小，則電容器的電容C變大，根據(jù)Q=CU可知，U不變，則電容器的帶電量Q變大，故D故選AB?！军c睛】關(guān)鍵是明確分析有關(guān)電容器動態(tài)問題的基本方法：先判斷電容器的電壓不變還是帶電量不變（若斷開電源則電量不變，若始終與電源相連則電壓不變）；根據(jù)C=εS4πkd判斷電容C的變化；根據(jù)Q=CU判斷電容器帶電量的變化情況；根據(jù)E=Ud判斷場強E的變化（注意若斷開電源，只改變板間距離時場強E8、BC【解析】

以導(dǎo)線為研究對象，由左手定則判斷得知導(dǎo)線所受安培力方向斜向右上方，根據(jù)牛頓第三定律得知，導(dǎo)線對磁鐵的安培力方向斜向左下方，使得磁鐵有向左運動的趨勢，故受到向右的摩擦力，同時磁鐵對地的壓力增大，故B、C正確，A、D錯誤．故選BC．【點睛】本題考查轉(zhuǎn)換對象研究法，靈活運用牛頓第三定律選擇研究對象的能力．關(guān)鍵存在先研究導(dǎo)線所受安培力．9、AC【解析】帶電粒子由A到B，設(shè)到B板的速度為v，根據(jù)動能定理：qU1=12mv02，解得：v0=2qU1m，故A正確；粒子進(jìn)入C、D電場后水平方向做勻速直線運動，則L=v0t，解得：t=Lm2U1q，故B錯誤；粒子在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，加速度為：10、BD【解析】

由U=Ed可求得場強E，C點的電勢等于C與A板的電勢差，由U=Ed求解C點的電勢；由Ep=qφC可求得電子在C點具有的電勢能．【詳解】A、B、AB間有勻強電場，場強為,AC間的電勢差為UAC=Ed1=5000×0.04V=200V，因A帶正電且電勢為零，C點電勢低于A點的電勢，故φC=-UAC=-200V，故A錯誤，B正確；C、D、電子在C點具有的電勢能EP=φC×(-e)=200eV；故C錯誤，D正確；故選BD.【點睛】在研究電場中電勢時一定要注意各個量的正負(fù)，明確各點間電勢的高低，注意電勢的符號．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、13.55；0.696；偏?。?.60；0.52；【解析】（1）題中為20分度游標(biāo)卡尺，其讀數(shù)為：13mm+11×0.05mm=13.55mm；（2）螺旋測微器的讀數(shù)為：0.5mm+19.6×0.01mm=0.696mm；（3）把待測電阻與電壓表看做一個整體，根據(jù)歐姆定律可知，測得的應(yīng)是待測電阻與電壓表內(nèi)阻的并聯(lián)電阻，所以測量值比真實值偏?。唬?）電流表讀數(shù)為：I=26格×0.02A=0.52A，電壓表讀數(shù)為：U=26格×0.1V=2.60V【點睛】（1）20分度游標(biāo)卡尺，最小精確度為0.05mm，故根據(jù)游標(biāo)卡尺讀數(shù)為：主尺數(shù)+游標(biāo)尺對齊刻度序號×最小精確度，即：13mm+11×0.05mm=13.55mm；（2）螺旋測微器最小精確度為0.01mm，其讀數(shù)方法為：主尺數(shù)+對齊刻度估讀條數(shù)×最小精度，即0.5mm+19.6條×0.01mm=0.696mm；（3）誤差分析時，把待測電阻與電壓表看成一個整體，根據(jù)歐姆定律可知，測得的應(yīng)是待測電阻與電壓表內(nèi)阻的并聯(lián)電阻，所以測量值比真實值偏?。唬?）電流表每小格數(shù)值是0.02A，應(yīng)進(jìn)行估讀，即估讀到0.01A；同理電壓表應(yīng)進(jìn)行估讀，即估讀到0.01V，然后根據(jù)歐姆定律求解即可．12、②⑤1.45（1.41～1.49）0.70（0.60～0.80）【解析】

(1)[1]干電池電動勢約為1.5V，電壓表應(yīng)選0～3.00V擋位，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)得出最大電流為0.57A，因此電流表應(yīng)選0～0.60A擋位即②；[2]干電池電動勢約為1.5V，電流表量程為0.6A，電路最小電阻約為：R=2.5Ω，為方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選0～10Ω，即⑤；(2)[3]應(yīng)用伏安法測電源電動勢與內(nèi)阻實驗，電壓表測路端電壓，電流表測電路電流，實驗電路圖如圖所示(3)[4]利用表中坐標(biāo)值，采用描點法并連線得圖象如圖所示[5][6]由閉合電路歐姆定律可知U=E-Ir，再由數(shù)學(xué)知識可知，圖象與縱坐標(biāo)的交點為電源的電動勢故電源的電動勢為1.45V，圖象的斜率表示電源的內(nèi)阻四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）91V（2）2.2cm【解析】

（1）電子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，應(yīng)用類平拋運動規(guī)律求出電子恰好不打在偏轉(zhuǎn)電極極板上的臨界電壓，然后答題．（2）電子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，離開偏轉(zhuǎn)電場做勻速直線運動，應(yīng)用類平拋運動規(guī)律與幾何關(guān)系求出光點距中心的距離．【詳解】（1）電子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，電子的偏移量為12在水平方向有：l=在豎直方向有：y=代入數(shù)據(jù)解得：U=91V（2）偏轉(zhuǎn)電壓U'在水平方向有：l=在豎直方向有：y=設(shè)打在熒光屏上時，亮點距屏中心點的距離為Y，由幾何關(guān)系有：Y聯(lián)立解得：Y=2.2cm【點睛】本題考查物體做類平拋運動處理的方法與規(guī)律，掌握運動學(xué)公式與牛頓第二定律相綜合運用，理解幾何關(guān)系的重要性．注意分運動的同時