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1、2020屆河南省濮陽(yáng)市高三下學(xué)期4月摸底考試物理試題注意事項(xiàng):1.本試卷滿分為110分,考試時(shí)間90分鐘;2.本試卷分第卷(選擇題)和第卷(非選擇題)兩部分。答卷前,考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。3.回答第卷時(shí),選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng),用橡皮擦干凈后,再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。寫在本試卷上無效。4.回答第卷時(shí),將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。第1卷(選擇題,共44分)一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題。1.如圖為某小型水電站的電能輸送示意圖,發(fā)電機(jī)向升壓變壓器原線圈輸出電壓為220v,輸電線總電阻為r,升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)分別為n1、n
2、2,降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)分別為n3、n4.變壓器均為理想變壓器。要使額定電壓為220v的用電器正常工作,則()a. b. c. d. 因?yàn)樽儔浩骶鶠槔硐胱儔浩?,所以升壓變壓器的輸入功率等于降壓變壓器的輸出功率【答案】b【解析】【詳解】abc設(shè)升壓變壓器副線圈電壓、降壓變壓器原線圈電壓分別為、,則有由于輸電線路上有電壓損耗,故,所以可知故ac錯(cuò)誤,b正確;d由于在電能輸送過程中,輸電線上有功率損耗,故升壓變壓器的輸入功率大于降壓變壓器的輸出功率,故d錯(cuò)誤。故選b。2.如圖所示,物塊從高為h1的a處由靜止開始,分別沿路徑1和路徑2滑下。路徑1是傾角較小的斜面,路徑2由傾角較大的斜面和一段平面構(gòu)
3、成。物塊都滑到c點(diǎn),然后滑向另一個(gè)斜面3。已知物塊在各處的動(dòng)摩擦因數(shù)相同,物塊在拐彎處速度大小不變。物塊沿路徑1滑下能沿斜面3向上滑到的最高點(diǎn)b的高度為h2,則沿路徑2滑下時(shí),物塊沿斜面3向上滑到的最大高度()a. 等于h2b. 小于h2c. 大于h2d. 等于h1【答案】a【解析】【詳解】由題意可知設(shè)路徑1、路徑2中兩個(gè)斜面的傾角分別為、,斜面長(zhǎng)分別為、,路徑2中水平面的長(zhǎng)度為,滑塊沿路徑1從a到c,由動(dòng)能定理有滑塊沿路徑2從a到c,由動(dòng)能定理有由圖中幾何關(guān)系可知所以顯然沿兩個(gè)路徑從a到c過程中,摩擦力做功取決于從a到c的水平距離,所以沿兩個(gè)路徑到達(dá)c時(shí)的動(dòng)能相同,所以能滑向右邊斜面的最大高
4、度應(yīng)該都為h2,故a正確,bcd錯(cuò)誤。故選a。3.如圖所示,在容器a中有同一種元素的兩種同位素正粒子,它們的初速度幾乎為0,粒子可從容器a下方的小孔s1飄入加速電場(chǎng),然后經(jīng)過s3沿著與磁場(chǎng)垂直的方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,最后第一種同位素粒子打到照相底片d上的m點(diǎn),第二種同位素粒子打到照相底片d上的n點(diǎn)。不計(jì)同位素粒子重力。量出m點(diǎn)、n點(diǎn)到s3的距離分別為x1、x2,則第一種與第二種同位素粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為()a. b. c. d. 【答案】c【解析】【詳解】設(shè)加速電場(chǎng)的電壓為u,磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為b,粒子電荷量為q、質(zhì)量為m,在電場(chǎng)中加速過程有在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)有洛倫茲力提供向心力帶電粒子在磁場(chǎng)
5、中運(yùn)動(dòng)的周期帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間均為半個(gè)周期,即根據(jù)幾何關(guān)系有聯(lián)立以上各式可解得所以故c正確,abd錯(cuò)誤。故選c。4.如圖虛線區(qū)域內(nèi)存在著勻強(qiáng)磁場(chǎng),區(qū)域上下邊界水平,磁場(chǎng)方向水平(垂直紙面向里)。兩個(gè)由完全相同的導(dǎo)線制成的剛性線框a和b,其形狀分別為周長(zhǎng)為4l的正方形和周長(zhǎng)為6l的矩形。線框a和b在豎直平面內(nèi)從如圖示位置開始自由下落,若從開始下落到線框完全離開磁場(chǎng)的過程中安培力對(duì)兩線框的沖量分別為ia和ib,則ia與ib的比值為()a. 1:1b. 1:2c. 3:2d. 3:8【答案】d【解析】【詳解】當(dāng)線框切割運(yùn)動(dòng)速度為v時(shí),線框受到的安培力為在一小段時(shí)間內(nèi)線框受到安培力的沖量為所以整
6、個(gè)過程中,線框受到安培力的沖量為設(shè)線框單位長(zhǎng)度的阻值為r,所以整個(gè)過程中安培力對(duì)兩線框的沖量比值為故d正確,abc錯(cuò)誤。故選d5.處在激發(fā)態(tài)的氫原子向能量較低的狀態(tài)躍遷時(shí)會(huì)發(fā)出一系列不同頻率的光,稱為氫光譜。氫光譜線的波長(zhǎng)可以用下面的巴耳末一里德伯公式來表示=r,n,k分別表示氫原子躍遷前后所處狀態(tài)的量子數(shù),k=1、2、3、,對(duì)于每一個(gè)k,有n=k+1,k+2,k+3,r稱為里德伯常量,是一個(gè)已知量。對(duì)于k=1的一系列譜線其波長(zhǎng)處在紫外線區(qū),稱為賴曼系;k=2的一系列譜線其波長(zhǎng)處在可見光區(qū),稱為巴耳末系。用氫原子發(fā)出的光照射某種金屬進(jìn)行光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn),當(dāng)用賴曼系波長(zhǎng)最長(zhǎng)的光照射時(shí),遏止電壓的大小
7、為u1;當(dāng)用巴耳末系波長(zhǎng)最短的光照射時(shí),遏止電壓的大小為u2.已知電子電量的大小為e。則該種金屬的逸出功等于()a. e(u1-3u2)b. (u1-3u2)c. e(u1-u2)d. (u1-u2)【答案】b【解析】【詳解】賴曼線系中波長(zhǎng)最長(zhǎng)的光是氫原子由n = 2向k = 1躍遷發(fā)出的,設(shè)波長(zhǎng)為,則有其光子能量為巴耳末線系中波長(zhǎng)最短的光是氫原子由向k =2躍遷發(fā)出的,設(shè)波長(zhǎng)為,則有其光子能量為設(shè)金屬的逸出功為w,兩種光子照射金屬發(fā)出的兩種光電子的最大處動(dòng)能分別為、,由光電效應(yīng)方程得:聯(lián)立解得故b正確,acd錯(cuò)誤。故選b6.將大小為100n的力f沿如圖所示的x、y方向分解,若f在x軸上的投影
8、大小為50n,而沿x方向的分力大小為,則f在y軸上的投影為()a. 50nb. 100nc. 50nd. 0n【答案】d【解析】【詳解】設(shè)f與x方向的夾角為,有解得,由題意知f沿x方向的分力大小,由余弦定理得f沿y方向的分力大小代入數(shù)據(jù)可得根據(jù)矢量三角形三邊的長(zhǎng)度關(guān)系可知f2與f的方向垂直,所以f在y軸上的投影為0。故d正確,abc錯(cuò)誤。故選d。二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題。7.甲、乙兩小車沿同一平直公路行駛的v-t圖像如圖所示,已知t=2s時(shí)兩小車相遇,則下列說法正確的是()a. t=0時(shí),甲車一定在乙車前方b. t=0時(shí),甲車一定在乙車后方c. t=2s后,兩車不可能再相遇d. t=2s后
9、,兩車可能再相遇【答案】bd【解析】【詳解】ab由圖看出,甲、乙運(yùn)動(dòng)方向相同,甲、乙的加速度分別為t =2s內(nèi),甲、乙的位移分別為因?yàn)閠=2s時(shí)兩小車相遇,即在t =0時(shí),甲車一定在乙車后方,故a錯(cuò)誤,b正確。cdt =2s時(shí),甲、乙的速度分別為故t = 2 s時(shí),此后一段時(shí)間內(nèi)甲在前面減速運(yùn)動(dòng),乙后面加速運(yùn)動(dòng),所以乙一定能追上加,兩車再次相遇,故c錯(cuò)誤,d正確。故選bd。8.如圖所示,o點(diǎn)是小球平拋運(yùn)動(dòng)的拋出點(diǎn),緊挨o點(diǎn)左側(cè)有一個(gè)點(diǎn)光源,在拋出點(diǎn)的正前方,豎直放置一塊光屏,在小球拋出時(shí),小球在光屏上形成的影點(diǎn)剛好與小球的位置等高。已知o點(diǎn)到光屏的距離為l=1.5m,測(cè)得在小球拋出后的0.1s
10、內(nèi)小球在光屏上的影點(diǎn)沿光屏向下移動(dòng)的距離為7.5cm,取重力加速度g=10m/s2。則下列說法正確的是()a. 小球平拋初速度為5m/sb. 小球平拋初速度為10m/sc. 在小球拋出后的第二個(gè)0.1s內(nèi),小球在光屏上的影點(diǎn)沿光屏向下移動(dòng)距離為7.5cmd. 在小球拋出后的第二個(gè)0.1s內(nèi),小球在光屏上的影點(diǎn)沿光屏向下移動(dòng)距離為22.5cm【答案】bc【解析】【詳解】ab設(shè)小球平拋的初速度為,小球拋出時(shí)間t后,小球的水平、豎直位移為小球在光屏上形成的影點(diǎn)沿光屏向下移動(dòng)的距離為y1,根據(jù)幾何關(guān)系有聯(lián)立各式解得與t成正比關(guān)系,說明影點(diǎn)沿光屏做勻速運(yùn)動(dòng),代入數(shù)據(jù)解,故a錯(cuò)誤,b正確;cd由前面的分析
11、可知影點(diǎn)沿光屏做勻速運(yùn)動(dòng),因?yàn)樾∏驋伋龊蟮?.1s內(nèi)小球在光屏上的影點(diǎn)沿光屏向下移動(dòng)的距離為7.5cm,故小球拋出后第二個(gè)0.1s內(nèi),小球的影點(diǎn)沿光屏向下移動(dòng)距離也為7.5 cm,故c正確,d錯(cuò)誤。故選bc。9.在科研實(shí)驗(yàn)中需要將電離后得到的一價(jià)氦離子和二價(jià)氦離子進(jìn)行分離,小李同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示方案:在真空環(huán)境中,將一價(jià)氦離子和二價(jià)氦離子的混合物通過a、b兩極板間的電場(chǎng)加速,然后再讓它們經(jīng)過由平行帶電金屬板c、d所形成的另一勻強(qiáng)電場(chǎng)發(fā)生偏轉(zhuǎn)。若氦離子進(jìn)入加速電場(chǎng)時(shí)的速度可忽略不計(jì),氦離子重力不計(jì),且所有的氦離子均可達(dá)到離子接收器處。那么在離子接收器處,下列說法正確的是()a. 一價(jià)氦離子和二價(jià)
12、氦離子不能分開b. 一價(jià)氦離子和二價(jià)氦離子能分開c. 一價(jià)與二價(jià)氦離子獲得的動(dòng)能相等d. 二價(jià)氦離子獲得動(dòng)能大于一價(jià)氦離子獲得的動(dòng)能【答案】ad【解析】【詳解】ab設(shè)離子電荷量為q、質(zhì)量為m,加速電壓為u1,偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)為e,偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)極板長(zhǎng)為l,離子從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中射出時(shí)的速度偏向角為,在電場(chǎng)中加速有解得在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)有從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中射出時(shí)的速度偏向角有代入v2可得說明一價(jià)氦離子與二價(jià)氦離子從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中射出的位置、射出方向相同,與電荷量無關(guān),兩種離子不能分開,故a正確,b錯(cuò)誤;cd由功能關(guān)系得,離子離開偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)獲得的動(dòng)能為二價(jià)氦離子電荷量大,所以二價(jià)氦離子獲得的動(dòng)能較大,故c錯(cuò)誤,d正
13、確。故選ad。10.質(zhì)量為ma的a球,以某一速度沿光滑水平面向靜止的b球運(yùn)動(dòng),并與b球發(fā)生彈性正碰,假設(shè)b球的質(zhì)量mb可選取為不同的值,則下列正確的是()a. 當(dāng)mb=ma時(shí),碰后b球的速度最大b. 當(dāng)mb=ma時(shí),碰后b球的動(dòng)能最大c. 當(dāng)mbma時(shí),mb越小,碰后b球速度越大d. 當(dāng)mbma時(shí),mb越大,碰后b球的動(dòng)量越大【答案】bcd【解析】【詳解】設(shè)碰前a球的速度為v,碰后a、b球的速度分別為v1、v2,因?yàn)榘l(fā)生發(fā)生彈性正碰,故碰撞動(dòng)量、能量守恒,則有有聯(lián)立兩式解得ab當(dāng)時(shí),碰后a球的動(dòng)能為0,b球的動(dòng)能最大,而不是速度最大,故a錯(cuò)誤,b正確;c當(dāng)時(shí),由可知越小,越大,故c正確;d當(dāng)時(shí)
14、,碰后b動(dòng)量可知越大,越大,即碰后b球的動(dòng)量越大,故d正確。故選bcd。第卷(非選擇題)三、非選擇題:第1115題為必考題,每個(gè)試題考生都必須作答。第1617題為選考題,考生根據(jù)要求作答。(一)必考題。11.利用如圖甲所示的氣墊導(dǎo)軌驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律,在水平氣墊導(dǎo)軌上放置兩個(gè)質(zhì)量均為m的滑塊,每個(gè)滑塊的一端分別與穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶相連,兩個(gè)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源的頻率均為f。氣墊導(dǎo)軌正常工作后,接通兩個(gè)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源,并讓兩滑塊以不同的速度相向運(yùn)動(dòng),兩滑塊相碰后粘在一起繼續(xù)運(yùn)動(dòng)。圖乙為某次實(shí)驗(yàn)打出的點(diǎn)跡清晰的紙帶的一部分,在紙帶上以同間距的6個(gè)連續(xù)點(diǎn)為一段劃分紙帶,用刻度尺分別量出其長(zhǎng)度s1、s
15、2和s3.若題中各物理量的單位均為國(guó)際單位。(1)碰撞前,兩滑塊的動(dòng)量大小分別為_、_,兩滑塊的總動(dòng)量大小為_;碰撞后,兩滑塊的總動(dòng)量大小為_。(2)s1、s2和s3滿足什么關(guān)系,說明兩滑塊相碰過程動(dòng)量守恒?答:_。重復(fù)上述實(shí)驗(yàn),多做幾次。若碰撞前、后兩滑塊的總動(dòng)量在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)總是相等,則動(dòng)量守恒定律得到驗(yàn)證?!敬鸢浮?(1). 0.2mfs3 (2). 0.2mfs1 (3). 0.2mf(s1-s3) (4). 0.4mfs2 (5). 【解析】【詳解】(1)12由圖乙結(jié)合實(shí)際情況可以看出,和是兩物體相碰前打出的紙帶,是相碰后打出的紙帶,在紙帶上以等間距的6個(gè)連續(xù)點(diǎn)為一段劃分紙帶
16、,中間有5個(gè)間隔,打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源的頻率均為f;所以碰撞前物體的速度分別為碰撞后兩物體共同速度所以碰前兩物體動(dòng)量分別為34設(shè)p1方向?yàn)檎较颍瑒t碰前兩滑塊的總動(dòng)量為碰后總動(dòng)量(1)5若碰撞前、后兩滑塊的總動(dòng)量在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)總是相等,則說明兩滑塊相碰過程動(dòng)量守恒,即所以有化簡(jiǎn)后可得滿足關(guān)系式說明兩滑塊相碰過程動(dòng)量守恒。12.某實(shí)驗(yàn)小組成員準(zhǔn)備測(cè)量干電池電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻,所用器材如下:a.待測(cè)干電池兩節(jié),電源的電動(dòng)勢(shì)約為3.0v,內(nèi)電阻約幾歐姆b.直流電壓表v1(量程2v,內(nèi)阻約2k)c.直流電壓表v2(量程3v,內(nèi)阻約2k)d.定值電阻r0e.滑動(dòng)變阻器r(已知最大阻值為rm)f.
17、導(dǎo)線和開關(guān)該小組成員設(shè)計(jì)的電路如圖所示。(1)實(shí)驗(yàn)前,將滑動(dòng)變阻器的滑片移到一端,使滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻最大,閉合開關(guān),這時(shí)電壓表v1、v2,的示數(shù)分別為u10、u20,則定值電阻阻值r0=_(用rm、u10、u20表示)。(2)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器,測(cè)出多組電壓表v1、v2的示數(shù)u1、u2,以對(duì)應(yīng)的u1、u2為點(diǎn)的坐標(biāo),在u1-u2坐標(biāo)系下描點(diǎn)、連線、做出u1-u2圖像,如圖所示。圖線在縱軸上的截距為b,在橫軸上的截距為a。則電源的電動(dòng)勢(shì)e=_,內(nèi)電阻r=_(兩空都用a、b、r0表示)?!敬鸢浮?(1). (2). (3). 【解析】【詳解】(1)1當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻最大時(shí),滑動(dòng)變阻器
18、與r0串聯(lián),根據(jù)分壓原理有解得(2)23根據(jù)閉合電路歐姆定律有可得u1與u2的函數(shù)式為對(duì)照u1-u2圖像可得聯(lián)立解得,13.某課外興趣小組的兩名同學(xué)小明和小亮見到公園的一個(gè)兒童直行滑梯(即滑梯的底面為一與地面成一定角度的平整斜面,并沒有彎曲),一位小朋友正從滑梯頂端滑下,他們便利用手機(jī)和相機(jī)來研究物理問題:小明用手機(jī)測(cè)出了某次小朋友從頂端滑到底端所用時(shí)間t=2.4s,小亮則利用相機(jī)的連拍功能拍下了該小朋友滑到滑梯底端出口處的三張連拍照片,他使用的這架相機(jī)每秒鐘拍攝60張,其中的兩張小朋友照片都在滑梯末端的出口段內(nèi),這段基本上是水平的。他把這兩張照片相比較,估測(cè)出這段時(shí)間內(nèi)的位移s=6cm,又以
19、旁邊的臺(tái)階為參照物,估測(cè)出滑梯的頂端到底端的高度差約為h=2.16m,請(qǐng)你幫他倆估算出該小朋友與滑梯間的動(dòng)摩擦因數(shù)。(g取9.8m/s2)【答案】0.40【解析】【詳解】由題意可知每?jī)蓮堈掌臅r(shí)間間隔為,在時(shí)間間隔內(nèi)可認(rèn)為小朋友做勻速運(yùn)動(dòng),所以小朋友離開滑梯底端時(shí)的速度為把小朋友在滑梯上的運(yùn)動(dòng)近似看作初速為零的勻變速運(yùn)動(dòng),則加速度為設(shè)滑梯從頂端到底端的滑道長(zhǎng)度為l,高度差為h,斜面的傾角為,則所以小朋友在滑梯上滑下時(shí)根據(jù)牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)解得14.某雙星系統(tǒng)中兩個(gè)星體 a、b 的質(zhì)量都是 m,且 a、b 相距 l,它們正圍繞兩者連線上的某一點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)實(shí)際觀測(cè)該系統(tǒng)的周期 t 要小于按
20、照力學(xué)理論計(jì)算出的周期理論值 t0,且= k () ,于是有人猜測(cè)這可能是受到了一顆未發(fā)現(xiàn)的星體 c 的影響,并認(rèn)為 c 位于雙星 a、b 的連線中點(diǎn)求:(1)兩個(gè)星體 a、b組成的雙星系統(tǒng)周期理論值;(2)星體c的質(zhì)量【答案】(1);(2)【解析】【詳解】(1)兩星的角速度相同,根據(jù)萬有引力充當(dāng)向心力知: 可得:兩星繞連線的中點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng),則 解得: (2)因?yàn)閏的存在,雙星的向心力由兩個(gè)力的合力提供,則 再結(jié)合:= k可解得: 故本題答案是:(1);(2)【點(diǎn)睛】本題是雙星問題,要抓住雙星系統(tǒng)的條件:角速度與周期相同,再由萬有引力充當(dāng)向心力進(jìn)行列式計(jì)算即可.15.如圖,平面直角坐標(biāo)系xoy內(nèi),x
21、<0、y>0區(qū)域存在沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)e,x>0區(qū)域存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度b=0.2t一比荷=5×108c/kg的粒子,從點(diǎn)p(6cm,0)進(jìn)入電場(chǎng),初速度v0=8×106m/s,方向沿y軸正方向,一段時(shí)間后經(jīng)點(diǎn)q(0,16cm)進(jìn)入磁場(chǎng)粒子重力不計(jì),求:(1)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度e;(2)粒子第一次回到電場(chǎng)時(shí)的位置坐標(biāo)【答案】(1) (2) 【解析】【分析】(1)粒子從p運(yùn)動(dòng)到q做類平拋運(yùn)動(dòng),利用平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)求解;(2)進(jìn)入磁場(chǎng)做圓周運(yùn)動(dòng),正確地畫出軌跡,找好相應(yīng)的幾何關(guān)系【詳解】(1)粒子由p到q做類平拋運(yùn)動(dòng),設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t,粒子的
22、質(zhì)量為m,電荷量為q,設(shè)y軸方向粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)沿x軸正方向粒子做勻加速直線運(yùn)動(dòng)解得:(2)如圖所示,設(shè)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度為,方向與y軸夾角為,在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心為洛倫茲力提供向心力,由牛頓第二定律得:則圓周運(yùn)動(dòng)半徑設(shè)粒子第一次從y軸回到電場(chǎng)時(shí)的左邊為,根據(jù)幾何關(guān)系:在電場(chǎng),電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功:,解得:即粒子第一次回到電場(chǎng)時(shí)的位置坐標(biāo)為(二)選考題。16.如圖所示,一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過了一個(gè)狀態(tài)變化的循環(huán)過程,ab是等溫過程,bc是等容過程,ca是絕熱過程。下列說法正確的是( )a. 從a到b的過程,氣體放熱b. 從b到c的過程,氣體放熱c. 從c到a的過程,氣體內(nèi)能增加d. 整個(gè)循環(huán)過
23、程中,外界對(duì)氣體做的總功為正功e. 整個(gè)循環(huán)過程中,氣體與外界熱交換呈現(xiàn)為吸熱【答案】bce【解析】【詳解】a由題意可知從a到b的過程溫度不變,內(nèi)能不變;體積增加,則氣體對(duì)外做功,根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w一定吸熱,故a錯(cuò)誤;b從b到c的過程,體積不變,根據(jù)可知由于壓強(qiáng)減小,所以溫度降低,內(nèi)能減小,又由于體積不變,氣體不做功,故根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w對(duì)外放熱,故b正確;c由題意可知c到a是絕熱過程,與外界無熱量交換;由于體積減小,外界對(duì)氣體做功,根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w內(nèi)能增加,故c正確;de在從a到b的過程氣體對(duì)外做功,b到c的過程,氣體不做功,c到a的過程外界對(duì)氣體做功,由于在p-v
24、圖中圖線與橫軸包圍的面積表示氣體做的功,故由圖像可知從a到b的過程氣體對(duì)外做功大于c到a的過程外界對(duì)氣體做功,即整個(gè)循環(huán)過程為氣體對(duì)外界做功;因?yàn)檎麄€(gè)循環(huán)過程abca中氣體溫度不變,內(nèi)能不變,根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知整個(gè)過程氣體與外界熱交換呈現(xiàn)為吸熱,故d錯(cuò)誤,e正確。故選bce。17.如圖所示,粗細(xì)均勻的u形管中,封閉了有兩段水銀柱和兩部分空氣柱,水銀柱a的長(zhǎng)度h125cm,位于左側(cè)封閉端的頂部水銀柱b與a之間的空氣柱長(zhǎng)度l112.5cm,右側(cè)被活塞c封閉的空氣柱長(zhǎng)度l212.5cm,已知玻璃管周圍環(huán)境溫度t27時(shí),右側(cè)封閉空氣柱的壓強(qiáng)恰為p075cmhg,水銀柱b左右兩部分液面的高度差h245cm保持環(huán)境溫度t27不變,緩慢拉動(dòng)活塞c,求:當(dāng)水銀柱a恰好對(duì)u形管的頂部沒有壓力時(shí),右側(cè)封閉氣體的壓強(qiáng)為多少?當(dāng)u形管內(nèi)b部分的水銀面相平時(shí),活塞c共向上移動(dòng)多少?【答案】65cmhg47.5cm【解析】【詳解】左側(cè)氣體等溫變化:p1sl1p1sl1,p1p0gh230cmhg,p125cmhg解得:l115
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