遼寧錦州高一物理下學期期末考試試題含解析

1、遼寧省錦州市2013-2014學年高一物理下學期期末考試試題（含解析）一、單項選擇題（4分8=32分）在每小題給出的四個選項中，只有一個選項是正確的。.如圖所示，帶箭頭的線表示某一電場的電場線.A、B、C是電場中的三個點，則（）A.這三點的場強一樣大B.這三點的場強不一樣大，且 B點的場強最大C.這三點的電勢不一樣高，且 C點的電勢最高D.由A到B移動電荷時電場力一定做負功 考點：電場線；電場強度.分析：電場線的疏密表示場強的大??；而沿電場線的方向電勢降低，電場力做功的正負由電場力與運動夾角來確定.解答：解：A、由圖可知B處電場線最密，C處的電場線最疏，故說明 E3EaEc 而沿電場線方向電勢

2、是降低的，故?b?a?c,故B正確，AC錯誤；D從A到B移動正電荷時電場力一定做負功，因此要分正負電荷，故D錯誤；故選：B. 點評： 本題考查電場線的基本性質(zhì)，注意箭頭的指向表示場強的方向，電場線的疏密表示場強的強弱，而沿電場線的方向電勢降低，同時注意電場力做功正負與電荷的電性有關(guān). （4分）某星球的密度是地球的 2倍，半徑為地球的 4, 一個在地球上重 500N的人，在該 星球上體重是（）A. 4000N B. 2000N C. 1000N D.250N 考點： 萬有引力定律及其應用. 專題： 萬有引力定律的應用專題.分析：根據(jù)萬有引力等于重力求出重力加速度之比，再根據(jù)重力加速度求出人在該星

3、球上的體重. 解答：解：在地球表面重力等于萬有引力有：GmM-5-二暝得星球表面重力加速度-R24 - 3GP號4今二加PR臚 3由此可知，該星球上的重力加速度屋二厘兀gp，R，=p p4R=8g33即重力加速度是地球的 8倍，故在地球上重 500N的人在該星球上的體重為 故選：A點評：在星球表面重力與萬有引力相等，根據(jù)密度公式求出重力加速度的表達式，解題的關(guān)鍵.4000N.掌握規(guī)律是正確AB段粗糙外，其余部分都是光滑的，一個物體從頂端滑下，經(jīng)過A、且AB=BC整個過程斜面體始終靜止在水平地面上.則物體在AB段和3.如圖所示斜面，除 C兩點時的速度相等， BC段運動過程中（A.速度改變大小和方

4、向均相同B.重力做功的平均功率相同C.斜面體對水平面的壓力相同D.斜面體受到水平面的靜摩擦力大小和方向均相同考點：功率、平均功率和瞬時功率；摩擦力的判斷與計算.專題：功率的計算專題.分析：物體經(jīng)過A、C兩點時的速度相等，說明物體在AB段做勻減速運動，在 BC段做勻加速運動.由4VN- V0研究速度的變化量關(guān)系.由平均速度和位移關(guān)系研究兩段時間 關(guān)系，物體在AB段和BC段重力做功相等，根據(jù)平均功率的公式比較平均功率的大小. 根據(jù)平衡，結(jié)合牛頓第二定律確定地面摩擦力的大小，根據(jù)超重、失重判斷整體的受 力，由牛頓第三定律確定支持力大小.解答：解：A、物體在AB段速度的變化量為Av i=vb- va,

5、在BC段速度的變化量Av 2=vc- vb, 由題，va=vc,則Av i = -Av?.知速度該變量大小相等，方向相反.故 A錯誤.B、由 XaB= 1心二 cVA=VC 可知，時間 tAB=tBC,在 AB 段和 BC 段2 AE DC 2 EC重力做功相等，則重力做功的平均功率相等.故B正確.C、在AB段，物體的加速度沿斜面向上，故超重，對地面的壓力大于重力，在 物體的加速度沿斜面向下，故失重，對地面的壓力小于重力，由牛頓第三定律得，斜 面體受到地面支持力的大小不相等，故C錯誤.H在AB段，物體的加速度沿斜面向上，以斜面和物體整體為研究對象，根據(jù)牛頓第 二定律可知，整體有水平向右的合外力

6、，則地面對斜面的靜摩擦力水平向右；在 段，物體的加速度沿斜面向下，以斜面和物體整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可 知，整體有水平向左的合外力，則地面對斜面的靜摩擦力水平向左.又合力相等，故BC段,BC水平分力相等，斜面體受到地面靜摩擦力的大小相等，方向相反，故 故選：B.D錯誤.點評：本題中要注意加速度、速度的變化量是矢量，只有大小和方向都相同時，加速度或速 度變化量才相同.以及知道對于不同加速度的物體，也可以通過整體法進行分析.（4分）（2011?陜西二模）如圖所示，電荷量為 Q、Q的兩個正點電荷分別置于 A點和B 點，兩點相距L.在以L為直徑的光滑絕緣半圓環(huán)上，穿著一個帶電小球 +q （視

7、為點電荷）， 在P點平衡.不計小球的重力，那么， PA與AB的夾角“與Q、Q的關(guān)系應滿足（）考點：庫侖定律；力的合成與分解的運用；共點力平衡的條件及其應用.專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題.分析：對帶電小球進行受力分析，由于不考慮重力，因此根據(jù)平衡條件可知，小球受力在切 線方向上的合力為零，據(jù)此結(jié)合數(shù)學關(guān)系列方程即可正確求解.解答：解：對小球進行受力分析如圖所示：根據(jù)庫侖定律有:L ITG暖,r i=Lcos arlF?=k-rr= r2=Lsin a r2根據(jù)平衡條件，沿切向方向的分力有：Fisin a =F2cos a聯(lián)立斛得：tan d二不,故BCD昔反,A正確.Q i故選A.點評：本題在電

8、場中考查了物體的平衡，注意根據(jù)平衡條件列方程，注意數(shù)學知識的應用.（4分）（2013W 口平區(qū)二模）某探月衛(wèi)星經(jīng)過多次變軌，最后成為-顆月球衛(wèi)星.設(shè)該衛(wèi)星的軌道為圓形，且貼近月球表面則該近月衛(wèi)星的運行速率約為：（已知月球的質(zhì)量約為地球質(zhì)量的-L,月球半徑約為地球徑的，近地地球衛(wèi)星的速率約為7.9km/s ）（）81A. 3.5km/sB. 1.8km/sC. 7.9 km/sD. 35.5 km/s考點：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應用.專題：人造衛(wèi)星問題.分析：根據(jù)萬有引力提供向心力，求出速度與軌道半徑的關(guān)系，從而得出探月衛(wèi)星的速度與地球第一宇宙速度的關(guān)系.解答：.解

9、：根據(jù)萬有引力提供向心力得g嗯=1R2 R解得v=GH所以小二JT7L春加地R月81 1 9_92貝 v 月二丁 地 J、7. Gkm/sl. 8km/s故B正確.故選B.并能熟練點評：解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力等于重力和萬有引力提供向心力這兩個理論, 運用.（4分）（2014?呼倫貝爾二模）如圖所示，人造衛(wèi)星A B在同一平面內(nèi)繞地心 O做勻速圓周運動.已知 A、B連線與A O連線間的夾角最大為 0 ,則衛(wèi)星A、B的角速度之比3 A. sin 0C.gin，9D.sin3 9考點：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應用.專題：人造衛(wèi)星問題.分析：根據(jù)題意知道當行星處于最大視角

10、處時，地球和行星的連線應與行星軌道相切，運用幾何關(guān)系求解問題:解：人造衛(wèi)星A、B在同一平面內(nèi)繞地心 O做勻速圓周運動.已知 A、B連線與A、O 連線間的夾角最大為。，如圖：根據(jù)幾何關(guān)系有FB=FAsin 0故選：C.在圓周運動中涉及幾何關(guān)系求半能根據(jù)題目給出的信息分析視角最大時的半徑特征, 徑是一個基本功問題.(4分)如圖所示為一皮帶傳動裝置，右輪的半徑為 r, a是它邊緣上的一點，左側(cè)是一 輪軸，大輪的半徑為 4r,小輪的半徑為2r, b點在小輪上，到小輪中心的距離為r, c點和d點分別位于小輪和大輪的邊緣上，若在傳動過程中，皮帶不打滑，則下列說法中錯誤的是( )A. b點與c點的角速度大小

11、相等B. a點與b點的角速度大小相等C. a點與c點的線速度大小相等D. a點與d點的向心加速度大小相等考點：線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速.專題：勻速圓周運動專題.分析：傳送帶在傳動過程中不打滑，則傳送帶傳動的兩輪子邊緣上各點的線速度大小相等，2共軸的輪子上各點的角速度相等.再根據(jù)v=r 3 , a=r?去求解.r解答：解：A b、c兩點共軸轉(zhuǎn)動，角速度大小相等，故 A正確.B、a、c兩點靠傳送帶傳動，線速度大小相等，a、c的半徑不等，則角速度不等，而b、c角速度相等，所以 a、b兩點的角速度不等.故 B錯誤，C正確.2D a、c兩點的線速度大小相等，根據(jù) a=匕知，a、c的加速度之比為 2：

12、1, c、d的r角速度相等，根據(jù) a=rco2得，c、d的加速度之比為1: 2,所以a點的向心加速度與d點的向心加速度相等.故 D正確.本題選錯誤的，故選： B.點評：傳送帶在傳動過程中不打滑，則傳送帶傳動的兩輪子邊緣上各點的線速度大小相等, 共軸的輪子上各點的角速度相等.（4分）（2014懦德二模）半圓形軌道豎直放置， 在軌道水平直徑的兩端，先后以速度vi、V2水平拋出a、b兩個小球，兩球均落在軌道上的P點，OP與豎直方向所成夾角 0 =30 ,如圖所示.設(shè)兩球落在 P點時速度與豎直方向的夾角分別為a、3 ,則（）V2=2viV2=3vit an a =3tan 3b球落到P點時速度方向的反

13、向延長線經(jīng)過O點:平拋運動.:平拋運動專題.:平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)平拋運動水平位移和豎直位移的關(guān)系確定兩小球初速度大小之比.由速度的分解求解tan “與tan 3的關(guān)系.=0.5R,解答：解：A、B、設(shè)圓形軌道的半徑為 R.則a、b的水平位移為 xi=R- Rsin30 X2=R+Rsin30 =1.5R,貝U X2=3xi ;由h g t ，可知t相同，則由v=可知，V2=3vi.故A錯誤，B正確. 2. A . 一以 _.,一、rC、tan a =, tan 3 =, V2=3vi .貝膚口 3tan = =tan 3 ,故 C錯慶.gtgt

14、D b球落到P點時速度方向的反向延長線經(jīng)過 Ob間的中點，故 D錯誤.故選：B點評：解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結(jié)合運動學公式靈活求解.二、多項選擇題（4分4=16分）在每小題給出的四個選項中有多個選項是正確的，全選對的得4分，選不全的得2分，錯與不答得 0分）（4分）某物體同時受到三個力作用而做勻減速直線運動，其中Fi與加速度a的方向相同,F2與速度v的方向相同，F(xiàn)3與速度v的方向相反，則（）A. Fi對物體做正功B, F2對物體做正功C. F3對物體做負功D.合外力對物體做負功考點：功的計算.專題：功的計算專題.分析：當物體所受的作用力與速度方向相同，則該力

15、做正功，與速度的方向相反，則該力做 負功.解答：解：物體做勻減速直線運動， Fi與加速度a的方向相同，則與速度的方向相反，則 Fi 做負功，F(xiàn)2與速度v的方向相同，則F2做正功，F(xiàn)3與速度v的方向相反，則F3做負功.因 為物體做勻減速直線運動，合力的方向與速度方向相反，則合力做負功.故A錯誤，B、C、D正確.故選BCD TOC o 1-5 h z 點評：解決本題的關(guān)鍵掌握在什么情況下力對物體做正功，什么情況下力對物體做負功，在什么情況下力對物體不做功.(4分)如圖所示，A、B C是平行紙面的勻強電場中的三點，它們之間的距離均為L,電量為q=1.0X105 C的負電荷由A移動到C電場力做功 W=

16、4.0X105J,該電荷由C移動 到B電場力做功 W=-2.0 X10 5J,若B點電勢為零，以下說法正確的是()A點電勢為2VC.勻強電場的方向為由 C指向AA點電勢為-2VD.勻強電場的方向為垂直于 AC指向B考點專題電場的疊加；電場強度；電勢.電場力與電勢的性質(zhì)專題.分析：根據(jù)試探電荷的電荷量和電場力做功，根據(jù)公式U4別求出A與無窮遠間、A與B間電勢差，無窮遠處電勢為零，再確定A、B兩點的電勢解答：加工 心向.卜解：A、對于 C、B間電勢差為 Ubn二-V=2V,q -1. oxi o若B點電勢為零，UCb c- 4 B,則C點電勢4 C=2V.4X10-5而A與C間的電勢差為 Uk(=

17、 V=- 4V,q -1. oxi o-5Uac=()A- (f) C,則A點電勢4 A=- 2V.故A錯誤，B正確；C、由上分析可知，AC連線的中點M電勢為0, M與B點的連線即為等勢線， 且電場線 垂直于等勢線，三角形ABC為等邊三角形，BMLAC根據(jù)沿著電場線方向，電勢降低,則有勻強電場的方向由 C至ij A,故C正確，D錯誤； 故選：BC點評：，本題考查對電勢差公式的應用能力，Ub3 應用時，各量均需代入符號.注意電勢q有正負，而電壓沒有正負可言.（4分）（2014班州模擬）如圖所示，分別用恒力 Fi、F2將質(zhì)量為m的物體，由靜止開始，沿相同的、固定、粗糙斜面由底端推到頂端, 所用時間

18、相等，則在兩個過程中（）Fi沿斜面向上，F(xiàn)2沿水平方向.已知兩次A.物體加速度相同C.物體克服摩擦力做功相同B.恒力Fi、F2對物體做功相同D.物體機械能增量相同考點：功能關(guān)系.分析：兩物體均做勻加速直線運動，在相等的時間內(nèi)沿斜面上升的位移相等，但斜面對物體的摩擦力不同，所以推力做功不同.解答：解：A由公式x=at2得，由于x和t均相同，故a相同，故A正確；B、由v=at,結(jié)合A項分析得，物體末速度相同，又由于處于相同的高度，所以兩物 體機械能增量相同，對每一個物體而言，除重力以外的合力對物體做功等于機械能的 增量，而第二物體摩擦力較大， 摩擦力做功較多，則F2做功也較多，故B錯誤D正確; C

19、、由圖示分析可知，第二個物體所受斜面的摩擦力較大，故兩物體克服摩擦力做功 不同，故C錯誤； 故選：AD點評：由物體的運動特征判斷出物體機械能的增量關(guān)系，結(jié)合功能關(guān)系：除重力以外的合力對物體做功等于機械能的增量，不難看出結(jié)果.（4分）如圖所示光滑管形圓軌道半徑為 R （管徑遠小于 R）,小球a、b大小相同，質(zhì)量 均為m,其直徑略小于管徑，能在管中無摩擦運動， 兩球先后以相同速度 v通過軌道最低點， 且當小球a在最低點時，小球 b在最高點.以下說法正確的是（）A.當v=5gR時，小球b在軌道最高點對軌道無壓力B.當小球b在最高點對軌道無壓力時，小球a比小球b所需向心力大6mgC.速度v至少為24虱

20、才能使兩球在管內(nèi)做圓周運動D.只要vn/5gR,小球a對軌道最低點壓力比小球 b對軌道最高點壓力都大 5mg考點：向心力.專題：勻速圓周運動專題.分析：要使小球能通過最高點，只要小球的速度大于零即可；而當向心力等于重力時，小球?qū)壍罌]有壓力，由向心力公式可求得小球在最高點時速度；再由機械能守恒可求得小球在最低點時的速度，及最低點時所需要的向心力，即可求得最低點與最高點處壓力的差值.解答：解：A當小球?qū)壍罒o壓力時，則有：mg=f，解得qn病,由機械能守恒定律可得，mg2R=,2mvj，解得v=T5gR.故A正確.2B、在最高點無壓力時，向心力Fi=mg最低點時，向心力 F2=nrZ_=5rng

21、 ,即a球比b球所需向心力大4mg故B錯誤.C、因小球在管內(nèi)轉(zhuǎn)動，則內(nèi)管可對小球提供向上的支持力，故可看作是桿模型; 故小球的最高點的速度只要大于零，小球即可通過最高點，根據(jù)動能定理知， mg2R=-mv2,解得 v=y4gR,故 C正確.22D在最高點時,Fi+mgkJ,在最低點，F(xiàn)R2 v2 F廠F產(chǎn)2陰+力一- - 士 1X由機械能守恒可得n）g2R=-1inv33 - -lav 可得：，F(xiàn)2-Fi=6mg即只要能做完整的圓周運動，壓力之差都等于6mg故D錯誤.故選：AC點評：小球在豎直面內(nèi)的圓周運動，若是用繩拴著只有重力小于等于向心力時，小球才能通 過；而用桿或在管內(nèi)運動的小球，只要速

22、度大于零，小球即可通過最高點.三、實驗填空題（共 10分）（10分）（2014以津二模）如圖所示為驗證機械能守恒定律的實驗裝置，現(xiàn)有的器材為現(xiàn)有的器材為：帶鐵夾的鐵架臺、電火花計時器、紙帶和帶鐵夾的重物.為了完成實驗，除了所給的器材、還需要的器材有A .（填字母代號）A.毫米刻度尺B.秒表C.0 - 12V的直流電源D.0 - 12V的交流電源下列做法正確的是B （填字母代號）A.實驗時，必須用秒表測出重物下落的時間B.實驗時，應選用質(zhì)量大，體積小的重物C.實驗操作時，紙帶應被豎直提著，使重物靠近計時器，先釋放紙帶,后接通電源D.用毫米刻度尺測出重物下落的高度h,并通過v=J9計算出瞬時速度v

23、.實驗中得到一條比較理想的紙帶如圖所示，在點跡較清晰的部分選取某點O作為起始點，圖中A、B、C、D為紙帶上選取的4個連續(xù)點，分別測出B、C、D到O點的距離分別為15.55cm、考點：驗證機械能守恒定律.專題：實驗題.分析：(1)正確選取器材首先要明確實驗原理，知道實驗目的，明確需要哪些方面的測量, 從而確定所需的器材，以及不必要的器材.(2)實驗的過程中打點計時器是測量時間的；應選用質(zhì)量大，體積小的重物；實驗 操作時，紙帶應被豎直提著，使重物靠近計時器，先接通電源，后釋放紙帶；要使用 某點的瞬時速度等于該段時間內(nèi)的平均速度計算速度；(3)根據(jù)紙帶上的數(shù)據(jù)，由作差法求出加速度.解答：解：在驗證機

24、械能守恒定律的實驗中，除需要帶鐵夾的鐵架臺、電火花計時器、紙 帶和帶鐵夾的重物外，還需要測量計數(shù)點之間距離的毫米刻度尺；A、實驗的過程中打點計時器是測量時間的，故不需要秒表.故 A錯誤；B、實驗時，應選用質(zhì)量大，體積小的重物.故 B正確；C、實驗操作時，紙帶應被豎直提著，使重物靠近計時器，先接通電源，后釋放紙帶， 該次序不能顛倒.故 C錯誤；H計算速度時，要使用某段時間內(nèi)的平均速度計算該段時間的中點時刻的瞬時速度; 故D錯誤.故選：B _ BC-AC - AB=0.192010.1555=0. 0365m一二.：三二二:一二匚二-.二 m由于：CD - BC=aT2所以:m/s =9. 5m/

25、 s T2 一 0.02?CD - BC 0. 0403 - 0. 0365故答案為：A;B;9.5點評：解決本題的關(guān)鍵知道驗證機械能守恒定律的實驗原理，掌握重力勢能減小量和動能增加量的求法，難度不大，所以基礎(chǔ)題.四、計算題(8+10+12+12)每題要寫出公式，代入相應的數(shù)據(jù)，最后得出答案。(8分)質(zhì)量為m的帶電液滴，在電場強度為 E,方向豎直向上的勻強電場中處于靜止狀態(tài)，試求：(1)該液滴的帶電性質(zhì)和所帶的電荷量；(2)當場強方向保持不變，而大小突然減為原來的一半時，求液滴的加速度.考點：共點力平衡的條件及其應用；力的合成與分解的運用；牛頓第二定律；電場強度.專題：共點力作用下物體平衡專題

26、.分析：(1)根據(jù)液滴受重力、電場力平衡，得出電場力的方向，從而得出電荷的電性，通 過平衡求出電量的大小.(2)當場強的大小突然變?yōu)樵瓉淼囊话?，方向保持不變時，則電場力變?yōu)樵瓉淼囊?半，液滴向下運動，根據(jù)牛頓第二定律求出液滴的加速度.解答：解：(1)因為液滴受重力和電場力平衡，所以電場力方向向上，則液滴帶正電.由平衡條件有：Eq=mg得q=變E(2)液滴豎直向下運動由牛頓第二定律有：mg- -=ma2由、聯(lián)立解得：a=.方向豎直向下答：(1)該液滴的帶正電，所帶的電荷量 理；E(2)當場強方向保持不變，而大小突然減為原來的一半時，液滴的加速度.點評：解決本題的關(guān)鍵能夠正確地進行受力分析，通過平

27、衡和牛頓第二定律進行求解，比較 簡單.(10分)已知某行星半徑為 R,以其第一宇宙速度運行白衛(wèi)星的繞行周期為T,該行星上發(fā)射的同步衛(wèi)星的運行速度為v.求(1)同步衛(wèi)星距行星表面的高度為多少？(2)該行星的自轉(zhuǎn)周期為多少？考點專題分析人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應用. 人造衛(wèi)星問題.(1)第一供向心力宇宙速度的軌道半徑為R,根據(jù)粵二*一r求出GM再根據(jù)萬有引力提* 冒。如今=1求出同步衛(wèi)星的高度.(R+h) 2 尺+卜(2)行星自轉(zhuǎn)周期等于同步衛(wèi)星的運轉(zhuǎn)周期，根據(jù)T卑士求出自轉(zhuǎn)周期.解答：解：(1)設(shè)同步B星距地面高度為 h,則:，迦_T1rzi (R+h) 2 R+h以

28、第一宇宙速度運行的衛(wèi)星其軌道半徑就是R,則由咚R9由得：h二4兀R _RT2v2(2)行星自轉(zhuǎn)周期等于同步衛(wèi)星的運轉(zhuǎn)周期2-(R+h)8兀，3一 v _ t2y32 n 3答：(1)同步衛(wèi)星距行星表面的高度為 h二4兀R - RT2 2V3 3(2)該行星的自轉(zhuǎn)周期為 12LJL.t 2 3T v點評：解決本題的關(guān)鍵知道第一宇宙速度是衛(wèi)星貼著行星表面做圓周運動的速度，知道衛(wèi)星繞行星做圓周運動靠萬有引力提供向心力.(12分)一輛汽車的質(zhì)量為 m,其發(fā)動機的額定功率為 R,從某時刻起汽車以速度 V0在p水平公路上沿直線勻速行駛，此時汽車發(fā)動機的輸出功率為一g,接著汽車開始沿直線勻加4速行駛，當速度

29、增加到 二工時，發(fā)動機的輸出功率恰好為 Po.如果汽車在水平公路上沿直5線行駛中所受到的阻力與行駛速率成正比，求：(1)汽車在水平公路上沿直線行駛所能達到的最大速率Vm；(2)汽車勻加速行駛所經(jīng)歷的時間和通過的距離.考點專題分析功率、平均功率和瞬時功率.功率的計算專題.(1)汽車達到最大速率時候，牽引力等于阻力，依據(jù)阻力與行駛速率成正比，可表 示阻力；進而可求最大速率.(2)汽車功率增加到額定功率時，勻加速過程結(jié)束，由此可求牽引力，進而由牛頓 第二定律可得加速度，由運動學可求運動時間和位移.解答：解:(1)汽車以速度V0在水平公路上沿直線勻速行駛時發(fā)動機的輸出功率為，可知:4石旦外”口,汽車在水平公路上沿直線行駛所能達到的最大速率:P