物理高考模擬卷-高三物理試題及答案-唐山市2023高考一模試卷物理試題

2023年河北省唐山市高考物理一模試卷一、選擇題：本題共8小題，每題6分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～5題只有一項(xiàng)符合韙目要求，6-8題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有錯(cuò)選的得0分．1．為了認(rèn)識(shí)復(fù)雜的事物規(guī)律，我們往往肌事物的等同效果出發(fā)，將其轉(zhuǎn)化為簡(jiǎn)單的、易于研究的事物，這種方法稱為等效替代，下列哪個(gè)物理概念的建立沒(méi)有使用等效替代思想（）A．慣性 B．重心 C．平均速度 D．合力與分力2．一旅客在站臺(tái)8號(hào)車(chē)廂候車(chē)線處候車(chē)，若動(dòng)車(chē)一節(jié)車(chē)廂長(zhǎng)25米，動(dòng)車(chē)進(jìn)站時(shí)可以看做勻減速直線運(yùn)動(dòng)．他發(fā)現(xiàn)第6節(jié)車(chē)廂經(jīng)過(guò)他時(shí)用了4s鐘，動(dòng)車(chē)停下時(shí)旅客剛好在8號(hào)車(chē)廂門(mén)口，如圖所示．則該動(dòng)車(chē)的加速度大小約為（）A．2m/s2 B．1m/s2 C．0.5m/s2 D．0.2m/s23．一木箱放在水平地面上，木箱質(zhì)量為m，用水平推力，即可使物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，大小保持不變，方向改為與水平方向成60°角斜向上拉物體，也能使它做勻速直線運(yùn)動(dòng)．如圖所示．則木箱與水平地面的動(dòng)摩擦因數(shù)為（）A． B． C． D．4．美國(guó)航天局與歐洲航天局合作，發(fā)射的火星探測(cè)器已經(jīng)成功登錄火星．荷蘭企業(yè)家巴斯蘭斯多普發(fā)起的“火星一號(hào)”計(jì)劃打算將總共24人送上火星，創(chuàng)建一塊長(zhǎng)期殖民地．若已知萬(wàn)有引力常量G，那么在下列給出的各種情景中，能根據(jù)測(cè)量的數(shù)據(jù)求出火星密度的是（）A．在火星表面使一個(gè)小球作自由落體運(yùn)動(dòng)，測(cè)出落下的高度H和時(shí)間tB．火星探測(cè)器貼近火星表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，測(cè)出運(yùn)行周期TC．火里探測(cè)器在高空繞火星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，測(cè)出距火星表面的高度H和運(yùn)行周期TD．觀察火星繞太陽(yáng)的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，測(cè)出火星的直徑D和運(yùn)行周期T5．如圖所示，一呈現(xiàn)半正弦形狀的閉合線框abc，ac=l，勻速穿過(guò)邊界寬度也為l的相鄰磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，整個(gè)過(guò)程中線框中感應(yīng)電流圖象為（取順時(shí)針?lè)较驗(yàn)檎较颍ǎ〢． B． C． D．6．如圖所示，ABC為表面光滑的斜劈，D為AC中點(diǎn)，質(zhì)量為m帶正電的小滑塊沿AB面由A點(diǎn)靜止釋放，滑到斜面底端B點(diǎn)時(shí)速度為v0，若空間加一與ABC平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)，滑塊仍由靜止釋放，沿AB面滑下，滑到斜面底端B點(diǎn)時(shí)速度為v0，若滑塊由靜止沿AC面滑下，滑到斜面底端C點(diǎn)時(shí)速度為v0，則下列說(shuō)法正確的是（）A．電場(chǎng)方向與BC垂直B．滑塊滑到D時(shí)機(jī)械能增加了mv02C．B點(diǎn)電勢(shì)是C點(diǎn)電勢(shì)2倍D．B點(diǎn)電勢(shì)與D點(diǎn)電勢(shì)相等7．套圈游戲是一項(xiàng)很受歡迎的群眾運(yùn)動(dòng)，要求每次從同一位置水平拋出圓環(huán)，套住與圓環(huán)前端水平距離為3m的20cm高的豎直細(xì)桿，即為獲勝．一身高1.4m兒童從距地面1m高度水平拋出圓環(huán)，圓環(huán)半徑為10cm：要想套住細(xì)桿，他水平拋出的速度可能為（g=10m/s2）（）A．7.4m/s B．7.6m/s C．7.8m/s D．8.2m/s8．如圖所示內(nèi)壁光滑的環(huán)形槽半徑為R．固定在豎直平面內(nèi)，質(zhì)量均為m的小球A、B以等大的速率v0從圓心等高處向上、向下滑入環(huán)形槽，若在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中兩球均未脫離環(huán)形槽，設(shè)當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間．則下列敘述正確（）A．兩球再次相遇時(shí)，速率仍然相等B．小球v0的最小值為C．小球A通過(guò)最高點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能小于小球B通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能D．小球A通過(guò)最高點(diǎn)和小球B通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)對(duì)環(huán)形槽的壓力差值為6mg三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分．第9題～第12題為必考題，每個(gè)小題考生都必須作答．第13題～第18題為選考題，考生根據(jù)要求作答．（一）必考題9．某同學(xué)利用鐵架臺(tái)、彈簧、刻度尺及鉤碼探究“彈力和彈簧伸長(zhǎng)的關(guān)系”，如圖1所示：（1）實(shí)驗(yàn)中，下列操作正確的是A．彈簧水平放置在桌面上，穩(wěn)定后測(cè)出原始長(zhǎng)度B．彈簧豎直懸掛在鐵架臺(tái)上，穩(wěn)定后測(cè)出原始長(zhǎng)度C．每次懸掛鉤碼后應(yīng)保持彈簧豎直位置且處于平衡狀態(tài)D．用刻度尺測(cè)出彈簧的長(zhǎng)度即為彈簧的伸長(zhǎng)量（2）表是該同學(xué)實(shí)驗(yàn)中所測(cè)的幾組數(shù)據(jù)，請(qǐng)你在圖2中的坐標(biāo)紙上作出F﹣x圖線彈力F/N00.51.01.52.02.5彈簧總長(zhǎng)度l/cm8.010.813.215.418.020.6（3）由（2）中的F﹣x圖線可求得，彈簧的勁度系數(shù)k=N/m（保留三位有效數(shù)字）10．某同學(xué)欲將電流表改裝成電壓表，需要測(cè)量電流表的內(nèi)阻，可供選擇的實(shí)驗(yàn)器材有：A．待測(cè)電流表G1；B．一個(gè)標(biāo)準(zhǔn)電流表G2（G2的量程大于G′的量程）：C．電阻箱R′；D．滑動(dòng)變阻器R；E．電池組、導(dǎo)線、開(kāi)關(guān)．采用如圖1所示的電路測(cè)定電流表內(nèi)阻時(shí)，該同學(xué)的實(shí)驗(yàn)步驟為：①按電路圖接好電路，將滑動(dòng)變阻器R調(diào)至最大；②閉合S1，斷開(kāi)S2，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R，使電流表G1表頭指針滿偏；③再閉合S2，保持滑動(dòng)變阻器R不變，調(diào)節(jié)電阻箱R′，使表頭指針半偏．讀出此時(shí)電阻箱R′的示數(shù)，則電流表內(nèi)阻可看做此示數(shù)．（1）用上述方法得到的電流到G1內(nèi)阻的測(cè)量值與真實(shí)值相比．（2）為了使涮量更準(zhǔn)確，請(qǐng)你利用上述實(shí)驗(yàn)器材重新設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)，從設(shè)計(jì)原理上看可以消除上述實(shí)驗(yàn)中的系統(tǒng)誤差，請(qǐng)你在給定圖2中完成實(shí)驗(yàn)電路圖．（3）使用重新設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)電路的測(cè)量數(shù)據(jù)，寫(xiě)出電流表G1內(nèi)阻表達(dá)式Rg=．說(shuō)明各測(cè)量值的意義．11．如圖所示，質(zhì)量為0.5kg，0.2kg的彈性小球A、B穿過(guò)一繞過(guò)定滑輪的輕繩，繩子末端與地面距離0.8m，小球距離繩子末端6.5m，小球A、B與輕繩的滑動(dòng)摩擦力都為重力的0.5倍，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，現(xiàn)由靜止同時(shí)釋放A、B兩個(gè)小球，不計(jì)繩子質(zhì)量，忽略與定滑輪相關(guān)的摩擦力，g=10m/s2，求：（1）釋放A、B兩個(gè)小球后，A、B的各自加速度？（2）小球B從靜止釋放經(jīng)多長(zhǎng)時(shí)間落到地面？12．如圖甲所示，在xoy平面內(nèi)存在半徑為R=16cm的圓形有界磁場(chǎng)區(qū)域，有界磁場(chǎng)邊界和x軸相切于O點(diǎn)，y軸上的P點(diǎn)為圓心，與y軸成60°角的MN為圓形有界場(chǎng)的一條直徑，MN將磁場(chǎng)區(qū)域分成Ⅰ、Ⅱ兩部分．x軸下方為隨時(shí)間變化的電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E=8×10﹣3V/m，E﹣t圖象如圖乙所示，周期T=1.2×10﹣2s．當(dāng)t=時(shí)，第三象限的粒子源S沿y軸正方向發(fā)射比荷為108C/kg的粒子，粒子經(jīng)坐標(biāo)原點(diǎn)O由y軸左側(cè)進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域Ⅰ，一次經(jīng)P、M兩點(diǎn)垂墜MN離開(kāi)磁場(chǎng)．測(cè)得粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=×10﹣4s，重力不計(jì)．求：（1）有界磁場(chǎng)區(qū)域Ⅰ中磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；（2）粒子源S的可能坐標(biāo)．【物理-選修3-3】13．下列說(shuō)法正確的是（）A．液晶具有液體的流動(dòng)性，同時(shí)具有晶體的光學(xué)各向異性特征B．第二類永動(dòng)機(jī)違反了能量守恒定律，所以它是制造不出來(lái)的C．一定質(zhì)量的理想氣體，如果壓強(qiáng)不變，體積增大，那么它一定從外界吸熱D．懸浮在液體中的固體微粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯E．空氣的相對(duì)濕度用空氣中所含水蒸汽的壓強(qiáng)表示14．如圖所示，一圓柱形絕熱氣缸豎直放置，通過(guò)絕熱活塞封閉著一定質(zhì)量的理想氣體．已知外界大氣壓強(qiáng)為p0，活塞的橫截面積為S，質(zhì)量為m=，與容器底部相距h，此時(shí)封閉氣體的溫度為T(mén)0，現(xiàn)在活塞上放置一質(zhì)量與活塞質(zhì)量相等的物塊，再次平衡后活塞與容器底部相距h，接下來(lái)通過(guò)電熱絲緩慢加熱氣體，氣體吸收熱量Q時(shí)，活塞再次回到原初始位置．重力加速度為g，不計(jì)活塞與氣缸的摩擦．求：（1）活塞上放置物塊再次平衡后，氣體的溫度（2）加熱過(guò)程中氣體的內(nèi)能增加量．【物理--選修3-4】15．一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，t=0時(shí)，波恰好傳播到x2=2m的B點(diǎn)如圖所示，在t=0.3s時(shí)，x1=1m的質(zhì)點(diǎn)A恰好第一次出現(xiàn)在正最大位移處，則（）A．該波的傳播周期為1.2sB．該波的傳播速度為5m/sC．t=l.0s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)C在平衡位置處且向上運(yùn)動(dòng)D．當(dāng)波傳播到質(zhì)點(diǎn)C時(shí)，質(zhì)點(diǎn)B在平衡位置處且向上運(yùn)動(dòng)E．當(dāng)波傳播到質(zhì)點(diǎn)C時(shí)，質(zhì)點(diǎn)A在運(yùn)動(dòng)的路程為60cm16．如圖所示是一個(gè)透明的玻璃圓柱體的橫截面，其半徑R﹣20cm，AB是過(guò)圓心的一條水平直徑．有一激光源S，發(fā)射出一條很細(xì)的水平激光束，恰好沿玻璃圓柱體頂部過(guò)去．現(xiàn)將激光源S沿豎直方向緩慢向下移動(dòng)h=2.68cm時(shí)，水平激光束第一次從B點(diǎn)射出．（光在真空中的傳播速度為3×108m/s，=1.732）試求：（Ⅰ）玻璃的折射率：（Ⅱ）經(jīng)B點(diǎn)反射的光束在玻璃圓柱體中的傳播時(shí)間（從進(jìn)入玻璃圓柱體開(kāi)始計(jì)時(shí)）．【物理-選修3-5】17．下列關(guān)于近代物理知識(shí)的描述中，正確的是（）A．康普頓效應(yīng)實(shí)驗(yàn)說(shuō)明了光具有粒子性，不但具有能量，也具有動(dòng)量B．處于n=3能級(jí)狀態(tài)的大量氫原子自發(fā)躍遷時(shí)，能發(fā)出3種頻率的光子C．結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定D．玻爾認(rèn)為，原子中原子軌道是量子化的，能量也是量子化的E．β衰變中產(chǎn)生的β射線實(shí)際上是原子核外電子掙脫原子核形成的18．如圖所示，一質(zhì)量為2m的L形長(zhǎng)木板靜止在光滑的水平面上，木板右端豎起部分內(nèi)側(cè)有粘性物質(zhì)，當(dāng)有其它物體與之接觸時(shí)即會(huì)粘在一起．某一時(shí)刻有一質(zhì)量為m的物塊，以水平速度v0從L形長(zhǎng)木板的左端滑上木板．已知物塊與L形長(zhǎng)木板上表面的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，當(dāng)它剛要與L形成長(zhǎng)木板右端豎起部分相碰時(shí)，速度減為，碰后即粘在一起．求：（1）物塊在L形長(zhǎng)木板上的滑行時(shí)間及此時(shí)木板在地面上滑行的距離？（2）物塊與L形長(zhǎng)木板右端豎起部分相碰過(guò)程中，長(zhǎng)木板受到的沖量大?。?023年河北省唐山市高考物理一模試卷參考答案與試題解析一、選擇題：本題共8小題，每題6分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～5題只有一項(xiàng)符合韙目要求，6-8題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有錯(cuò)選的得0分．1．【考點(diǎn)】重心．【分析】慣性、平均速度、力的合成與分解都是一種等效替代方法，加速度是通過(guò)比值定義法獲得定義的【解答】解：重心、力的合成與分解都是一種等效替代方法，平均速度用來(lái)粗略描述這一段位移的運(yùn)動(dòng)快慢，等效替代瞬時(shí)速度；而慣性是物體固有的性質(zhì)，不是等效替代，故A正確，BCD錯(cuò)誤．本題選沒(méi)有使用等效替代的，故選：A．【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了力的合成、分解，平均速度、慣性，重心等物理量的基本概念，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．2．【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系．【專題】直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專題．【分析】根據(jù)x=v0t+at2和v=2ax列式求解【解答】解：開(kāi)始經(jīng)過(guò)第6節(jié)車(chē)廂時(shí)，車(chē)廂速度為v0，加速度為a則由L=v0t+at2即25=4v0①?gòu)?節(jié)到第8節(jié)車(chē)廂x=2L根據(jù)速度位移關(guān)系知0﹣=2a?2L即0﹣=100a②聯(lián)立①②解得a=0.5m/s2故選：C【點(diǎn)評(píng)】此題考查x=v0t+at2和v=2ax，注意選擇合適的運(yùn)動(dòng)過(guò)程．3．【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用．【專題】共點(diǎn)力作用下物體平衡專題．【分析】用水平推力F即可使物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)共點(diǎn)力平衡列式，改用與水平方向成θ角的斜向上的拉力F去拉物體，也使它做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)共點(diǎn)力平衡聯(lián)立列式可求解【解答】解：用水平推力F即可使物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，知摩擦力f=F=μmg．①當(dāng)改用與水平方向成θ角的斜向上的拉力F去拉物體，則有：Fcos60°=f′②f′=μ（mg﹣Fsin60°）③聯(lián)立①②③解得：故選：C【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運(yùn)用共點(diǎn)力平均進(jìn)行求解4．【考點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用．【專題】萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用專題．【分析】求火星的密度就是要求出火星的質(zhì)量和體積，求火星的質(zhì)量可以根據(jù)萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力及萬(wàn)有引力與重力相等來(lái)求，再根據(jù)密度公式求解火星的密度．【解答】解：A、根據(jù)H和t可以求得火星表面的重力加速度g=，據(jù)可得根據(jù)密度公式，僅知道重力加速度而不知火星的半徑不能求出火星的密度，故A錯(cuò)誤；B、令火星半徑為R，則根據(jù)萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力有可得火星的質(zhì)量M=，根據(jù)密度公式可知，故可以測(cè)出貼近表面飛行的衛(wèi)星周期來(lái)求得火星的密度，故B正確；C、根據(jù)萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力，由于不知道火星的半徑從而無(wú)法求得火星的密度，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力可以計(jì)算中心天體的質(zhì)量，而火星繞太陽(yáng)圓周運(yùn)動(dòng)不能求得火星的質(zhì)量，故無(wú)法計(jì)算火星的密度，所以D錯(cuò)誤．故選：B．【點(diǎn)評(píng)】掌握萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力和萬(wàn)有引力等于重力這兩種計(jì)算中心天體質(zhì)量的方法是解決問(wèn)題的關(guān)鍵．5．【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；閉合電路的歐姆定律．【專題】電磁感應(yīng)與圖像結(jié)合．【分析】線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，只有bc邊切割磁感線，全部進(jìn)入磁場(chǎng)后，有兩條邊切割磁感線，根據(jù)E=BLv求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，從而求出感應(yīng)電流的大?。鶕?jù)右手定則判定出感應(yīng)電流的方向．【解答】解：線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，只有bc邊切割磁感線，由楞次定律知感應(yīng)電流沿順時(shí)針?lè)较?，為正．由e=Byv，y作正弦式變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)e作正弦式變化，則感應(yīng)電流i也作正弦式變化；當(dāng)線圈的位移在l﹣2l內(nèi)，ab與bc都切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，且方向相同，所以感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為e=2Byv，可知i也作正弦式變化．感應(yīng)電流方向沿逆時(shí)針，為負(fù)．當(dāng)線圈的位移在2l﹣3l內(nèi)，由楞次定律知感應(yīng)電流沿順時(shí)針?lè)较?，為正．感?yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為e=Byv，可知i作正弦式變化．故B正確．故選：B．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv，以及會(huì)用楞次定律或右手定則判定感應(yīng)電流的方向．6．【考點(diǎn)】電勢(shì)能；電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系．【專題】電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．【分析】由動(dòng)能定理確定出由A到B電場(chǎng)力做的功和由A到C電場(chǎng)力做的功，確定出AC與AB間的電勢(shì)差，從而確定出BC的電勢(shì)的大小關(guān)系．由動(dòng)能定理可求現(xiàn)到D點(diǎn)的機(jī)械能的增加量．【解答】解：無(wú)電場(chǎng)時(shí)由A到B：mgh=①有電場(chǎng)時(shí)由A到B：mgh+WE=②有電場(chǎng)時(shí)由A到C：mgh+=③由①②③可得WE==又WE=UABq=UACq則．則D點(diǎn)與B點(diǎn)電勢(shì)相等，A、B，C不時(shí)等電勢(shì)點(diǎn)，則電場(chǎng)線不與BC垂直，則A錯(cuò)誤B、因D為AC的中點(diǎn)，則滑到D點(diǎn)電場(chǎng)力做功為到C點(diǎn)的一半，為mv02，則機(jī)械能增加了mv02，則B正確C、，但不能確定B點(diǎn)電勢(shì)是C點(diǎn)電勢(shì)2倍，則C錯(cuò)誤D、因．則D點(diǎn)與B點(diǎn)電勢(shì)相等，則D正確故選：BD【點(diǎn)評(píng)】通過(guò)對(duì)做功的分析，要抓住小球在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，重力做功，電場(chǎng)力就做正功，由動(dòng)能定理確定功的值．7．【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)．【專題】平拋運(yùn)動(dòng)專題．【分析】根據(jù)高度差求出平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，結(jié)合水平位移的關(guān)系和時(shí)間求出平拋運(yùn)動(dòng)的初速度范圍．【解答】解：根據(jù)得，t=．則平拋運(yùn)動(dòng)的最大速度，最小速度，則7.5m/s＜v＜8m/s．故選：BC．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，抓住水平位移的范圍得出速度的范圍，難度不大．8．【考點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律；向心力．【專題】機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題．【分析】?jī)蓚€(gè)小球在光滑的圓軌道內(nèi)運(yùn)動(dòng)，機(jī)械能守恒，據(jù)機(jī)械能守恒定律分析它們?cè)俅蜗嘤鰰r(shí)速率關(guān)系．A球要到最高點(diǎn)，在最高點(diǎn)的速度v必須滿足m≥mg．根據(jù)機(jī)械能守恒和牛頓第二定律求解軌道對(duì)兩球的支持力之差，得到壓力之差．【解答】解：A、兩個(gè)小球在光滑的圓軌道內(nèi)運(yùn)動(dòng)，只有重力做功，機(jī)械能守恒，開(kāi)始出發(fā)時(shí)機(jī)械能相等，則再次相遇時(shí)機(jī)械能守恒也相等，速率必定相等．故A正確．B、設(shè)A球剛好到最高點(diǎn)時(shí)的速率為v，則mg=m，從出發(fā)到最高點(diǎn)的過(guò)程，有mgR+=，聯(lián)立解得：v0=，即小球v0的最小值為，故B錯(cuò)誤．C、根據(jù)機(jī)械能守恒定律知，小球A通過(guò)最高點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能等于小球B通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能，故C錯(cuò)誤．D、小球A通過(guò)最高點(diǎn)時(shí)，有mg+NA=m，小球B通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)，有NB﹣mg=m又由機(jī)械能守恒得：對(duì)A球，有mgR+=，對(duì)B球，有mgR+=聯(lián)立解得，NB﹣NA=6mg，則小球A通過(guò)最高點(diǎn)和小球B通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)對(duì)環(huán)形槽的壓力差值為6mg，故D正確．故選：AD．【點(diǎn)評(píng)】本題的關(guān)鍵要掌握機(jī)械能守恒和向心力知識(shí)，要準(zhǔn)確把握小球到達(dá)最高點(diǎn)的臨界條件，熟練運(yùn)用機(jī)械能守恒定律和牛頓運(yùn)動(dòng)定律處理這類問(wèn)題．三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分．第9題～第12題為必考題，每個(gè)小題考生都必須作答．第13題～第18題為選考題，考生根據(jù)要求作答．（一）必考題9．【考點(diǎn)】探究彈力和彈簧伸長(zhǎng)的關(guān)系．【專題】實(shí)驗(yàn)題．【分析】（1）先組裝器材，然后進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，最后數(shù)據(jù)處理．（2）以縱軸表示彈簧的彈力，橫軸表示彈簧的伸長(zhǎng)量，描點(diǎn)作圖．讓盡量多的點(diǎn)落在直線上或分居直線兩側(cè)．（3）根據(jù)F與x成正比關(guān)系，寫(xiě)出表達(dá)式．表達(dá)式中的常數(shù)表示彈簧的勁度系數(shù)．【解答】解：（1）AB、彈簧自身有重力，豎直放置時(shí)由于自身的重力必然就會(huì)有一定的伸長(zhǎng)．故彈簧應(yīng)該豎直懸掛在鐵架臺(tái)上，穩(wěn)定后測(cè)出的長(zhǎng)度才為彈簧的原始長(zhǎng)度，故A錯(cuò)誤、B正確．C、每次懸掛鉤碼后應(yīng)保持彈簧豎直位置且處于平衡狀態(tài)，此時(shí)測(cè)量的長(zhǎng)度才準(zhǔn)確．故C正確．D、用刻度尺測(cè)出彈簧的長(zhǎng)度即為彈簧的總長(zhǎng)度，減去原來(lái)的長(zhǎng)度才為彈簧的伸長(zhǎng)量，故D錯(cuò)誤．故選：C．（2）根據(jù)表中數(shù)據(jù)作F﹣x如圖所示：（3）根據(jù)數(shù)據(jù)，有圖象可知，彈力為零時(shí)彈簧的長(zhǎng)度為8cm，即彈簧的原長(zhǎng)為8cm，在直線上取較遠(yuǎn)的1點(diǎn)（19.0，2.25），根據(jù)胡克定律可知彈簧的勁度系數(shù)為=20.5N/m故答案為：（1）C；（2）如圖所示；（3）20.5【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握彈力與彈簧伸長(zhǎng)關(guān)系的實(shí)驗(yàn)步驟，會(huì)描點(diǎn)作圖，掌握作圖的方法．會(huì)從圖象中分析數(shù)據(jù)．10．【考點(diǎn)】把電流表改裝成電壓表．【專題】實(shí)驗(yàn)題．【分析】（1）明確實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析實(shí)驗(yàn)中的誤差；（2）根據(jù)誤差原理，明確解決方法，從而得出正確實(shí)驗(yàn)原理圖；（3）明確實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)歐姆定律及串并聯(lián)關(guān)系可求得內(nèi)阻的測(cè)量表達(dá)式．【解答】解：（1）本實(shí)驗(yàn)采用的是半偏法測(cè)量?jī)?nèi)阻，但在并聯(lián)電阻箱時(shí)，總電阻發(fā)生減??；則總電流偏大，故使電流表達(dá)半偏時(shí)，所并聯(lián)的電阻應(yīng)比真實(shí)電阻偏?。唬?）為了減小誤差，應(yīng)保證干路電流保持不為；故可以在干路中接入電流表2，接入R'后調(diào)節(jié)R使電流表G2達(dá)滿偏即可；故正確原理圖如圖所示；（3）I1為G1的電流表示數(shù)，I2為G2的電流表示數(shù)，R′為電阻箱電阻；由串并聯(lián)電路規(guī)律可知R=；故答案為：（1）偏??；（2）如圖所示；（3）．I1為G1的電流表示數(shù)，I2為G2的電流表示數(shù)，R′為電阻箱電阻【點(diǎn)評(píng)】本題考查半偏法的正確應(yīng)用，要注意明確實(shí)驗(yàn)原理，通過(guò)原理結(jié)合電學(xué)中的物理規(guī)律分析數(shù)據(jù)并能進(jìn)行正確的受力分析．11．【考點(diǎn)】牛頓第二定律．【專題】牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題．【分析】根據(jù)牛頓第二定律分別求出A、B的加速度，結(jié)合A、B的位移之和等于6.5m求出B離開(kāi)繩子的時(shí)間以及B的速度，再根據(jù)位移時(shí)間公式求出B離開(kāi)繩子到落地的時(shí)間，從而求出總時(shí)間．【解答】解：（1）對(duì)B分析，根據(jù)牛頓第二定律有：．對(duì)A有：mAg﹣kmBg=mAaA，代入數(shù)據(jù)解得．（2）設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t1小球B脫離繩子，小球B下落高度為h1，獲得速度為v，則有：，代入數(shù)據(jù)解得t1=1s．小球B下降的高度，此時(shí)B球的速度v=aBt=5×1m/s=5m/s，小球B脫離繩子后在重力作用下勻加速下落，此時(shí)距離高度為h2，經(jīng)過(guò)t2時(shí)間落到地面，h2=6.5+0.8﹣2.5m=4.8m根據(jù)，代入數(shù)據(jù)解得t2=0.6s．則t總=t1+t2=1+0.6s=1.6s．答：（1）釋放A、B兩個(gè)小球后，A、B的各自加速度分別為8m/s2、5m/s2．（2）小球B從靜止釋放經(jīng)1.6s時(shí)間落到地面．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵理清A、B兩球在整個(gè)過(guò)程中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式綜合求解，知道加速度是聯(lián)系力學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁．12．【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．【專題】帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題．【分析】（1）根據(jù)題意畫(huà)出帶電粒子在圓形有界磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系結(jié)合洛倫茲力提供向心力公式及周期公式求解B；（2）根據(jù)洛倫茲力提供向心力求出速度，將速度沿x軸負(fù)向和y軸正向分解，則帶電粒子從s發(fā)射運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)的過(guò)程，可分解為沿y軸正向勻速直線運(yùn)動(dòng)和沿x軸的變加速直線運(yùn)動(dòng)，分兩種情況，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式結(jié)合牛頓第二定律求解．【解答】解：（1）帶電粒子在圓形有界磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：由幾何關(guān)系可知，在區(qū)域Ⅰ內(nèi)軌跡半徑R1=R，在區(qū)域Ⅱ內(nèi)軌跡半徑2R2=R，由可知B2=2B1由周期公式得：、，則粒子在圓形有界磁場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=解得：（2）由得：與y軸正方向夾角30°，將速度沿x軸負(fù)向和y軸正向分解：帶電粒子從s發(fā)射運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)的過(guò)程，可分解為沿y軸正向勻速直線運(yùn)動(dòng)和沿x軸的變加速直線運(yùn)動(dòng)，粒子沿x軸運(yùn)動(dòng)的第一種情況如圖，粒子在反向加速過(guò)程到達(dá)O點(diǎn)，加速度a=，由于運(yùn)動(dòng)的周期性，粒子到達(dá)O點(diǎn)的時(shí)間，m粒子沿x軸運(yùn)動(dòng)的第二種情況如圖所示，粒子在反向減速過(guò)程到達(dá)O點(diǎn)，則由于運(yùn)動(dòng)的周期性，粒子到達(dá)O點(diǎn)的時(shí)間，所以粒子元的坐標(biāo)可能是（﹣4.7m，﹣m）或（﹣2.5m，﹣m）答：（1）有界磁場(chǎng)區(qū)域Ⅰ中磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為2.5×10﹣4T；（2）粒子源S的可能坐標(biāo)可能是（﹣4.7m，﹣m）或（﹣2.5m，﹣m）．【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是明確粒子的受力情況和運(yùn)動(dòng)規(guī)律，畫(huà)出臨界軌跡，結(jié)合牛頓第二定律和幾何關(guān)系分析解答，難度較大，屬于難題．【物理-選修3-3】13．【考點(diǎn)】晶體和非晶體；布朗運(yùn)動(dòng)；熱力學(xué)第二定律．【分析】液晶具有液體的流動(dòng)性，同時(shí)具有晶體的各向異性特征．第二類永動(dòng)機(jī)不違反能量守恒定律，違反了物理過(guò)程的方向性．一定質(zhì)量理想氣體內(nèi)能由溫度決定；布朗運(yùn)動(dòng)劇烈程度與顆粒大小，溫度等有關(guān)；相對(duì)濕度是指水蒸汽的實(shí)際壓強(qiáng)與該溫度下水蒸汽的飽和壓強(qiáng)之比．【解答】解：A、液晶具有液體的流動(dòng)性，同時(shí)具有晶體的各向異性特征，故A正確．B、第二類永動(dòng)機(jī)不違反能量守恒定律，違反了物理過(guò)程的方向性．故B錯(cuò)誤．C、對(duì)于一定量的氣體，如果壓強(qiáng)不變，體積增大，溫度升高，內(nèi)能增大，那么它一定從外界吸熱，故C正確；D、布朗運(yùn)動(dòng)劇烈程度與顆粒大小，溫度等有關(guān)，固體微粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯，故D正確；E、空氣的相對(duì)濕度定義為相同溫度時(shí)空氣中所含水蒸氣的壓強(qiáng)與水的飽和蒸汽壓之比，故E錯(cuò)誤；故選：ACD．【點(diǎn)評(píng)】本題考查的知識(shí)點(diǎn)較多，我們?cè)趯W(xué)習(xí)選修時(shí)要全面掌握知識(shí)點(diǎn)．要在平時(shí)多加積累，注意易錯(cuò)點(diǎn)在理想氣體內(nèi)能的決定因素，相對(duì)濕度和絕對(duì)濕度的定義．14．【考點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程．【專題】理想氣體狀態(tài)方程專題．【分析】（1）對(duì)活塞根據(jù)平衡求出放物塊前后封閉氣體的壓強(qiáng)，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程列式求解即可；（2）加熱過(guò)程氣體對(duì)外做功，根據(jù)W=P△V求解，然后再根據(jù)熱力學(xué)第一定律列式求解即可．【解答】解：（1）對(duì)活塞由平衡條件可知封閉氣體的壓強(qiáng)為：=1.25P0T1=T0V1=hS活塞上放物塊后根據(jù)平衡得封閉氣體的壓強(qiáng)為：=1.5P0=0.9hS由理想氣體方程得解得：=1.08T0（2）．加熱過(guò)程氣體對(duì)外做功為：W==﹣0.15P0hS由熱力學(xué)第一定律△E=W+Q得：加熱過(guò)程中氣體的內(nèi)能增加量：=Q﹣0.15P0hS答：（1）活塞上放置物塊再次平衡后，氣體的溫度為1.08T0（2）加熱過(guò)程中氣體的內(nèi)能增加量為Q﹣0.15P0hS．【點(diǎn)評(píng)】（1）對(duì)活塞正確地進(jìn)行受力分析，利用平衡求得兩個(gè)狀態(tài)的壓強(qiáng)是解題的關(guān)鍵；（2）求解氣體內(nèi)能變化明確做功與熱量的正負(fù)是解題的關(guān)鍵．【物理--選修3-4】15．【考點(diǎn)】橫波的圖象；波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系．【專題】振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專題．【分析】由題意，在t=0.3s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)A第一次出現(xiàn)在正最大位移處，可求出周期=t，根據(jù)t=1.0s與周期T的關(guān)系，分析質(zhì)點(diǎn)C的位置和速度方向．波從B傳到C的時(shí)間為1.5T，分析質(zhì)點(diǎn)B的狀態(tài)．由圖讀出波長(zhǎng)，由v=求出波速．【解答】解：A、由題意，在t=0.3s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)A第一次出現(xiàn)在正最大位移處，則得，周期T=0.4s．由圖知，波長(zhǎng)λ=2m，則波速，故A錯(cuò)誤，B正確；C、t=0時(shí)，B質(zhì)點(diǎn)處于平衡位置且向上振動(dòng)，振動(dòng)傳到C點(diǎn)的時(shí)間，當(dāng)t=l.0s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)C又運(yùn)動(dòng)了一個(gè)周期，此時(shí)C在平衡位置處且向上運(yùn)動(dòng)，故C正確；D、，此時(shí)B在平衡位置處且向下運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；E、當(dāng)波傳播到質(zhì)點(diǎn)C時(shí)，質(zhì)點(diǎn)A運(yùn)動(dòng)的路程x=，故E正確．故選：BCE【點(diǎn)評(píng)】本題抓住波在同一介質(zhì)中勻速傳播的特點(diǎn)，能根據(jù)兩點(diǎn)間的距離判斷傳播的時(shí)間，由時(shí)間與周期的關(guān)系，分析質(zhì)點(diǎn)的位置和速度．16．【考點(diǎn)】光的折射定律．【專題】光的折射專題．