高中數(shù)學人教A版第二章點直線平面之間的位置關系 課時提升作業(yè)(十五)_第1頁
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溫馨提示:此套題為Word版,請按住Ctrl,滑動鼠標滾軸,調(diào)節(jié)合適的觀看比例,答案解析附后。關閉Word文檔返回原板塊。課時提升作業(yè)(十五)直線與平面垂直的性質(zhì)(25分鐘60分)一、選擇題(每小題5分,共25分)1.在圓柱的一個底面上任取一點(該點不在底面圓周上),過該點作另一個底面的垂線,則這條垂線與圓柱的母線所在直線的位置關系是()A.相交 B.平行 C.異面 D.相交或平行【解析】選B.由于這條垂線與圓柱的母線都垂直于底面,所以它們平行.2.(2023·棗莊高一檢測)△ABC所在的平面為α,直線l⊥AB,l⊥AC,直線m⊥BC,m⊥AC,則直線l,m的位置關系是()A.相交 B.平行C.異面 D.不確定【解析】選B.因為直線l⊥AB,l⊥AC,AB∩AC=A,所以l⊥α,同理直線m⊥α.由線面垂直的性質(zhì)定理可得l∥m.3.在正方體ABCD-A1B1C1D1中,若E為A1C1的中點,則直線CE垂直于() 【解析】選B.如圖所示,連接AC,BD,因為BD⊥AC,A1C1∥AC,所以BD⊥A1C1,因為BD⊥A1A,所以BD⊥平面ACC1A1,因為CE?平面ACC1A1,所以BD⊥CE.垂直于以AB為直徑的圓所在的平面,C為圓上異于A,B的任一點,則下列關系不正確的是()⊥BC ⊥AB⊥PB ⊥平面PAC【解析】選⊥平面ABC,得PA⊥BC,PA⊥AB,A,B正確;又BC⊥AC,所以BC⊥平面PAC,D正確.所以選C.5.(2023·濮陽高一檢測)若l,m,n表示不重合的直線,α表示平面,則下列說法中正確的個數(shù)為()①l∥m,m∥n,l⊥α?n⊥α;②l∥m,m⊥α,n⊥α?l∥n;③m⊥α,n?α?m⊥n. 【解析】選C.①正確,因為l∥m,m∥n,所以l∥n.又l⊥α,所以n⊥α;②正確,因為l∥m,m⊥α,所以l⊥α.又n⊥α,所以l∥n;③正確,由線面垂直的定義可知其正確.故正確的有3個.二、填空題(每小題5分,共15分)6.已知PA垂直于平行四邊形ABCD所在平面,若PC⊥BD,平行四邊形ABCD一定是.【解析】由題意知,BD⊥平面PAC,所以BD⊥AC,又四邊形ABCD是平行四邊形,所以ABCD一定是菱形.答案:菱形7.已知AF⊥平面ABCD,DE⊥平面ABCD,如圖所示,且AF=DE,AD=6,則EF=.【解析】因為AF⊥平面ABCD,DE⊥平面ABCD,所以AF∥DE,又AF=DE,所以四邊形AFED是平行四邊形,所以EF=AD=6.答案:6【舉一反三】地面上有兩根相距a米的旗桿,它們的高分別是b米和c米(b>c),則它們上端的距離為.【解析】由線面垂直的性質(zhì)定理可知:兩根旗桿所在直線互相平行.如圖所示,它們上端的距離d=a2答案:a28.(2023·南陽高一檢測)已知直線m?平面α,直線n?平面α,m∩n=M,直線a⊥m,a⊥n,直線b⊥m,b⊥n,則直線a,b的位置關系是.【解析】因為直線a⊥m,a⊥n,直線m?平面α,直線n?平面α,m∩n=M,所以a⊥α,同理可證直線b⊥α.所以a∥b.答案:a∥b三、解答題(每小題10分,共20分)9.(2023·石家莊高一檢測)如圖,PA⊥正方形ABCD所在平面,經(jīng)過A且垂直于PC的平面分別交PB,PC,PD于E,F,G,求證:AE⊥PB.【解題指南】欲證AE⊥PB,可將問題轉化為證明AE⊥平面PBC.【證明】因為PA⊥平面ABCD,所以PA⊥BC.又四邊形ABCD是正方形,所以AB⊥BC.因為AB∩PA=A,所以BC⊥平面PAB.因為AE?平面PAB,所以BC⊥AE.由PC⊥平面AEFG,得PC⊥AE,因為PC∩BC=C,所以AE⊥平面PBC.因為PB?平面PBC,所以AE⊥PB.10.如圖,在正方體ABCD-A1B1C1D1中.求證:(1)B1D⊥平面A1C1B.(2)B1D與平面A1C1B的交點設為O,則點O是△A1C1B的垂心.【證明】(1)連接B1D1,則A1C1⊥B1D1.又有DD1⊥A1C1,B1D1∩DD1=D1,所以A1C1⊥平面B1DD1,B1D?平面B1DD1,從而A1C1⊥B1D.同理可證:A1B⊥B1D.又因為A1C1∩A1B=A1,所以B1D⊥平面A1C1B.(2)連接BO,A1O,C1O.由BB1⊥A1C1,B1O⊥A1C1,BB1∩B1O=B1,得到A1C1⊥平面BB1O.所以A1C1⊥BO.同理,A1B⊥C1O,BC1⊥A1O.故點O是△A1C1B的垂心.【補償訓練】如圖,四邊形ABCD為矩形,AD⊥平面ABE,F為CE上的點,且BF⊥平面ACE.(1)求證:AE⊥平面BCE.(2)設M在線段AB上,且滿足AM=2MB,試在線段CE上確定一點N,使得MN∥平面DAE.【解析】(1)因為AD⊥平面ABE,AD∥BC,所以BC⊥平面ABE,則AE⊥BC,又因為BF⊥平面ACE,則AE⊥BF,又BC∩BF=B,所以AE⊥平面BCE.(2)在三角形ABE中過M點作MG∥AE交BE于點G,在三角形BEC中,過G點作GN∥BC交EC于點N,連接MN,由比例關系易得CN=13因為MG∥AE,MG?平面ADE,AE?平面ADE,所以MG∥平面ADE,同理,GN∥平面ADE,又MG∩GN=G,所以平面MGN∥平面ADE,又MN?平面MGN,所以MN∥平面ADE,所以N點為線段CE上靠近C點的一個三等分點.(20分鐘40分)一、選擇題(每小題5分,共10分)1.設m,n是兩條不同的直線,α,β是兩個不同的平面,下列說法正確的是()A.若m∥α,n∥α,則m∥n B.若m∥α,m∥β,則α∥βC.若m∥n,m⊥α,則n⊥α D.若m∥α,α⊥β,則m⊥β【解析】選C.設直線a?α,b?α,a∩b=A,因為m⊥α,所以m⊥a,m⊥b.又n∥m,所以n⊥a,n⊥b,所以n⊥α.2.(2023·遼寧高考)已知m,n表示兩條不同直線,α表示平面.下列說法正確的是()A.若m∥α,n∥α,則m∥n B.若m⊥α,n?α,則m⊥nC.若m⊥α,m⊥n,則n∥α D.若m∥α,m⊥n,則n⊥α【解析】選B.對于選項A,若m∥α,n∥α,則m與n可能相交、平行或異面,A錯誤;顯然選項B正確;對于選項C,若m⊥α,m⊥n,則n?α或n∥α,C錯誤;對于選項D,若m∥α,m⊥n,則n∥α或n?α或n與α相交,D錯誤.二、填空題(每小題5分,共10分)3.(2023·開封高一檢測)在直四棱柱ABCD-A1B1C1D1中,當?shù)酌嫠倪呅蜛BCD滿足條件時,有A1C⊥B1D1(注:填上你認為正確的一種條件即可,不必考慮所有可能的情況).【解題指南】因為B1D1∥BD,所以只需尋求BD⊥A1C的條件,即證BD⊥平面A1AC.【解析】當BD⊥AC時,BD⊥AA1,所以BD⊥平面A1AC,從而BD⊥A1C,又B1D1∥BD,所以A1C⊥B1D1.答案:BD⊥AC(答案不唯一)4.(2023·瑞安高一檢測)AB是☉O的直徑,點C是☉O上的動點(點C不與A,B重合),過動點C的直線VC垂直于☉O所在的平面,D,E分別是VA,VC的中點,則下列結論中正確的是(填寫正確命題的序號).(1)直線DE∥平面ABC.(2)直線DE⊥平面VBC.(3)DE⊥VB.(4)DE⊥AB.【解析】因為AB是☉O的直徑,點C是☉O上的動點(點C不與A,B重合),所以AC⊥BC,因為VC垂直于☉O所在的平面,所以AC⊥VC,又BC∩VC=C,所以AC⊥平面VBC,因為D,E分別是VA,VC的中點,所以DE∥AC,又DE?平面ABC,所以DE∥平面ABC,DE⊥平面VBC,DE⊥VB,DE與AB所成的角為∠BAC,是銳角,故DE⊥AB不成立.由以上分析可知(1)(2)(3)正確.答案:(1)(2)(3)三、解答題(每小題10分,共20分)5.(2023·攀枝花高一檢測)如圖,已知平面α∩平面β=AB,PQ⊥α于Q,PC⊥β于C,CD⊥α于D.(1)求證:P,C,D,Q四點共面.(2)求證:QD⊥AB.【證明】(1)PQ⊥α,CD⊥α.所以PQ∥CD.于是P,Q,C,D四點共面.(2)因為AB?α,所以PQ⊥AB,又因為PC⊥β,AB?β,所以PC⊥AB,又因為PQ∩PC=P,設P,Q,C,D四點共面于γ,則AB⊥γ,又因為QD?γ,所以AB⊥QD.6.已知:a,b是兩條異面直線,a⊥α,b⊥β,α∩β=l,AB是a,b公垂線,交a于A,交b于B.求證:AB∥l.【證明】過A作b′∥b,則a,b′可確定一平面γ,因為AB是異面垂線的公垂線,即AB⊥a,AB⊥b,所以AB⊥b′,所以AB⊥γ

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