2025屆河南省豫西北教研聯(lián)盟高三10月第一次質(zhì)檢-物理試題（含答案）

{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}高三物理一模參考答案一、選擇題答案及詳解題號(hào)答案12345678910ABDDBDCCDBDAD1.【答案】A【詳解】在發(fā)生光電效應(yīng)的前提條件下，光的強(qiáng)度越大，光電流越大，故選項(xiàng)A正確；BPC端，間的電壓為，仍然發(fā)生光電效，應(yīng)有微弱的光電流，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；密里根根據(jù)愛(ài)因斯坦的光電效應(yīng)的方程計(jì)算出了普朗克常量，故D選項(xiàng)錯(cuò)誤。故選A。2.【答案】Bx11k=20，縱軸截距b=2，由=k+b得x=t?4t2【詳解】由圖像可知斜率t2t2v=0，加速度a=?4m/s2；前3s內(nèi)得位移可知列車(chē)在做勻減速運(yùn)動(dòng)，初速度1x=?4m/s23s2=。故B答案正確。23.【答案】D【詳解】不計(jì)空氣阻力，鉛球在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只受重力的作用，所以加速度相等，故Av相等，大于，vcos大于vcosB0210102vcos大于vcos所以t小于t，2，01012即第一次在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間較短，故C錯(cuò)誤；兩次實(shí)際位移相同，第一次用時(shí)間較短，所以第一次平均速度較大，故D正確。4.【答案】D【詳解】航天員可以漂浮在空間站中，萬(wàn)有引力提供向心力有可得，GMmGM=maa=r2r2故A可得GMmv2GMr=m=vr2r的線(xiàn)速度，故B錯(cuò)誤；是發(fā)射地球衛(wèi)星的最小速度，則神舟十八號(hào)的發(fā)射速度大{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}于大于C錯(cuò)誤；r6400km+400km17==根據(jù)題意知空間站繞地球運(yùn)動(dòng)的軌道半徑與地球半徑之比為R6400km16a==，聯(lián)立解得：根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，有172。地表的重力加速度（r216GMag1617g==（）2D正確。為可得R25.【答案】B1【詳解】由題意可知T==,==,根據(jù)小球的運(yùn)動(dòng)規(guī)律勻速圓周運(yùn)動(dòng)nTy=t)可知所以影子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，且振動(dòng)方程為AD錯(cuò)誤，B正確；F=2R=1002R由向心力公式，故C。6.【答案】D【0同一等勢(shì)面，由于電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)面垂直，則正試探電荷在圓上所受電場(chǎng)力一定指向O，BD=3L==，AD⊥OD故AADCDOD則ABD點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)分別為1和E2kQkQ1==(3L)2(3L)262+kQE2=32將1正交分解如圖所示由矢量合成可知D點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為3kQE=()2+(E?E)2=，故B錯(cuò)誤；2126D點(diǎn)與CD中點(diǎn)相當(dāng)于由C點(diǎn)移到AO連線(xiàn)上受到的電場(chǎng)力向右，則在從C點(diǎn)移到中點(diǎn)過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增kQqkQqkQqCC點(diǎn)所受電場(chǎng)力為F=+=A4L2L222點(diǎn)。故D{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}7.【答案】C?=【詳解】物體在水平方向上受推力與摩擦力的作用，根據(jù)牛頓第二定律Fmgma解F得加速度a=?gFam減速運(yùn)動(dòng)，加速度反向增大，故A選項(xiàng)錯(cuò)誤；由圖像可知，推力與位移的關(guān)系式為：F=?25x(0x4.0m)F=mg1?mgx==?25x=3.0m，即在3.0m時(shí)，速度達(dá)到最大值，故B錯(cuò)誤；F?x圖像與坐標(biāo)軸圍成圖形的面積等于推力對(duì)物體做的功，設(shè)物體的最大速度為vm，由1W=+25)=187.5J21W?=mv?，代入數(shù)據(jù)解得：v=35m/s，故C正確；2m0能定理m212整個(gè)過(guò)程推力所做的功W=4.0J=200JW?=0?0，mx=m8mD選項(xiàng)錯(cuò)誤。解得：8.【答案】【詳解】畫(huà)出光路如下圖光線(xiàn)在面上的入射角為=45，折1212射角tan=，則=，折射率為n==，故5FCE==45ADC平行于OE則tan45=，+Rtan==2RCFBCcn=正確；又因?yàn)?，所以D正確；故選CD。v9.【答案】【詳解】A．設(shè)輸入電壓U的有效值為U，根據(jù)有效值的定義有(U)m22U21T=2TRR4求得輸入電壓U的有效值為U=10V，故A錯(cuò)誤；{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}2n10V由等效電阻：R=(+)===13R2Ω，因此，I0.2A，故B正確；250Ω若將開(kāi)關(guān)S由斷開(kāi)變?yōu)殚]合，負(fù)載電阻變小，因此電流表的示數(shù)變大，故C錯(cuò)誤；1U1E=U+IR=R1設(shè)原線(xiàn)圈兩端電壓為U，則有可知，111UUUnI1I12I2I21=1=1且==根據(jù)線(xiàn)圈電壓、電流與匝數(shù)的關(guān)系有12，所以Un222U2I221=R，即副線(xiàn)圈兩端電壓變化量與電流變化量的絕對(duì)值之比始終不變，1故D正確。故選BD。0.【答案】AD1【體所受摩擦力等大反向，故A正確；對(duì)小球P受力分析，受重力mg，光滑半圓柱的支持力N和繩子的拉力F，處于平衡狀態(tài)，F(xiàn)'畫(huà)出拉力F等大反向的力，即為mg和N的合力，如圖所示由相似三角形有F'mg=OBOO'解得3F'=4由余弦定理有23R2R?R2+(2278cos==32R2R2則有185sin=1?cos2=對(duì)結(jié)點(diǎn)O受力分析，如圖所示{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}由平衡條件有F=Fsin21對(duì)物體Q受力分析，如圖所示由平衡條件有N=2,f=4又有31532F=F=Fsin=Fsin=F'sin=mg421f=N則有f4315===NN64所以BDOAP和圓柱體整體受力分析，可知C錯(cuò)誤。故選AD。二、非選擇題答案及詳解k2?1）5.30（5B6）（每空2分）b【）分度的游標(biāo)卡尺精確度為0.05mm，由圖可知讀數(shù)為+6=（5）滑塊的質(zhì)量為M，待測(cè)物體的質(zhì)量為，滑塊受到拉力為F，由牛頓第二定律有F=M0+Mamg?F=ma對(duì)鉤碼有聯(lián)立得1M+M11=0+agmg1=縱軸截距為bg故選B。{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}MgM0+M（6）由上述分析可知斜率為0=1而且=k2gk?1=2解得Mb12.2IdIII?II?b或（1）9000（）3.0，（3adbc，相等IcIaIaIc【）要將A2改裝成量程為的電壓表，需串聯(lián)的電阻U6A0=?A=Ig?1000=9000（2）理論上，當(dāng)I1為零時(shí)，加在改裝電壓表兩端的電壓就是電動(dòng)勢(shì)，電源電動(dòng)勢(shì)E=I(R+r)=3001069000+1000）V=3.0V20A根據(jù)閉合電路歐姆定律，可知E=I(R+r)I+Ir20A12I2I1由于0+rAEr=?I2+上式簡(jiǎn)化為I1r0+rA=由圖像可知??6r3代入數(shù)據(jù)可得r=Ω（3）滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值I(R+r)R=b0AIa待測(cè)電阻的阻值I(R+r)IdIII?II(R+r)Rx=d0A?R=?b(R+r)=adbc0A0AIcIcIaIaIc由于電流表A1的內(nèi)阻并入到滑動(dòng)變阻中，不會(huì)對(duì)測(cè)量結(jié)果產(chǎn)生誤差，因此測(cè)量值等于真實(shí)值。13.）水平管中水銀恰好全部推進(jìn)豎直管中時(shí)，氣體A的壓強(qiáng){#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}=+=+=p0………..1ppAh（2）初狀態(tài)，氣體A的壓強(qiáng)p=p+p=+=………..1A0hScm2=設(shè)玻璃管橫截面積為，初狀態(tài)氣體A的體積VA45Scm3設(shè)末狀態(tài)氣體A的體積為VA，對(duì)氣體A由玻意耳定律得pV=pVAAAA………..1解得V=42.5Scm3………..1末狀態(tài)氣體A的長(zhǎng)度VL=A=42.5cmS氣體A的長(zhǎng)度減少量L=?42.5)=2.5cm初狀態(tài)氣體B的壓強(qiáng)p=p+p=+=………..1B01末狀態(tài)氣體B的壓強(qiáng)=+5+5?2.5=82.5cmHg………..1=p0+ph2pB初狀態(tài)氣體B的體積B41.25Scm2（分）=1x設(shè)活塞移動(dòng)的距離為，末狀態(tài)氣體B的體積V=41.25+5?xScm=46.25?xScm………..133B對(duì)氣體B由玻意耳定律得pV=pVBBBB………..1x=（1分）帶入數(shù)據(jù)得【其他解法只要合理同樣給分】5=；14.）C2{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}10(3?)E110(3?)mg=B=（（2）B或；1010qR433）x=R3v2AR【A點(diǎn)對(duì)滑塊受力分析，有mgqE?=m………..1分）1=………..（1分）解得：vA2滑塊從CA點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理有11?mg2R+qEsin302R=mv2?mv2AC22………..152=………..1解得：C（2C點(diǎn)之前勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，對(duì)滑塊受力分析，有N=qEcos30………..（1水平方向：N+qEsin30=qvB+mg………..（1豎直方向：10(3?)E110(3?)mg解得：B=或B=………..（1分）10gR10R（3）滑塊從A點(diǎn)拋出后，電場(chǎng)方向反向，以水平、豎直方向建立坐標(biāo)系，豎直方向mg+=may………..112R=at2y2………..1236R=解得：t………..（1g1=maxx=vt?at2………..1水平方向,Ax243=R………..1解得：x3{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}【其他解法只要合理同樣給分】15.）設(shè)初始時(shí)電容器兩端電壓為U0，導(dǎo)體棒從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到穩(wěn)定過(guò)程，電容器極板上電荷量變化量為Q，導(dǎo)體棒穩(wěn)定后的電動(dòng)勢(shì)為，BILt=mv?………..（1分）0對(duì)導(dǎo)體棒，由動(dòng)量定理有11E=1………..1QUQU0?E而C==………..（1Q=………..（1分）由電流的公式有：ItQ==Q+=0.864C整理有:………..（100【第（）問(wèn)共5分，其他解法只要合理同樣給分】………..（）由于導(dǎo)體棒恰好能從CC處沿切線(xiàn)進(jìn)入圓弧軌道，設(shè)進(jìn)入瞬間導(dǎo)體棒的速度12為，有v21cos2=2=解得：………..1設(shè)導(dǎo)體棒在與金屬框碰撞前的速度為v3，由動(dòng)能定理有112(?)=mgr112?23223=解得：………..1分）金屬棒和線(xiàn)框發(fā)生完全非彈性碰撞，設(shè)碰后速度為共，有3=mv(m+)12共共=解得：………..1分）22v線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中所受安培力為：F==x（）共=3xN………..（1R{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}知，安倍力隨著進(jìn)入磁場(chǎng)的距離均勻變化，所以進(jìn)入過(guò)程中，安培力為其平均值，因此，F(xiàn)+F0+30.5Q=2Fx=2Fx=2x=20.5=0.75J………..2熱安安22【第（）問(wèn)共6分，其他解法只要合理同樣給分】（3）線(xiàn)框的右邊框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程由動(dòng)量定理有B2xRL2v)(?)2?t=(1+vv4共………..10+3x32?3xx=?x=?x2=(12